《機(jī)械能守恒定律》復(fù)習(xí)課.ppt

,第七章 機(jī)械能守恒定律,復(fù)習(xí)課,一、功和功率 知識(shí)回顧,方法規(guī)律 1兩種求合力做功方法的選取原則 (1)如果物體處于平衡狀態(tài)或某一方向受力平衡時(shí)(合力為零)，或者物體在某一方向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)(合力等于ma)，用先求合力再求功的方法更簡(jiǎn)便 (2)如果已知物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受力變化，所受的力中有的不做功，有的做功且方便求得該力的功(如重力的功)時(shí)，應(yīng)選擇W合W1W2Wn,2圖象法求解變力做功的方法 (1)圖象類型：力位移圖象(Fx圖象)，即所給圖象是作用力隨位移的變化關(guān)系，如圖甲、乙所示 (2)求解方法：對(duì)于方向在一條直線上，大小隨位移變化的力，作出Fx圖象(或根據(jù)已給圖象)，求出圖線與x坐標(biāo)軸所圍成的“面積”，就求出了變力所做的功,反饋練習(xí) 1現(xiàn)將一大小恒為F0的水平外力作用在一質(zhì)量為M的滑塊上，該滑塊沿水平面滑行的距離為x；如果改變滑塊的質(zhì)量使其變?yōu)閙，其他的條件均不變，已知Mm，則下列說(shuō)法正確的是( ) A外力F0在第一次所做的功比較大 B外力F0在第二次所做的功比較大 C外力F0兩次所做的功一樣大 D無(wú)法比較外力F0兩次做功的大小關(guān)系,解析：兩次滑塊在水平外力F0作用下移動(dòng)的距離相同，外力F0做的功是相同的，即W1W2F0x，選項(xiàng)C正確 答案：C,解析：物體甲受三個(gè)力的作用，分別為重力、彈力和摩擦力，重力的方向豎直向下，與位移方向垂直不做功，由于物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合外力為零，故彈力、摩擦力的合力方向豎直向上，也不做功，選項(xiàng)C正確 答案：C,答案：BD,4如圖所示，用跨過(guò)光滑定滑輪的纜繩將海面上一只失去動(dòng)力的小船沿直線拖向岸邊，已知拖動(dòng)纜繩的電動(dòng)機(jī)功率恒為P，小船的質(zhì)量為m，小船受到的阻力大小恒為f，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)纜繩與水平方向的夾角為，小船的速度大小為v0.若纜繩質(zhì)量忽略不計(jì)，則此時(shí)小船的加速度大小a和纜繩對(duì)船的拉力F分別為( ),答案：B,(1)該吊車的發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為多少？ (2)該吊車向上運(yùn)送混凝土?xí)r，能保持a0.2 m/s2的加速度不變的時(shí)間以及在t2 s時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率分別為多大？ 解析：(1)設(shè)吊車的發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為P0，混凝土達(dá)到最大速度時(shí)拉力 F0mg 又P0F0vmax 代入數(shù)據(jù)有P05.1×104 W,(2)勻加速運(yùn)動(dòng)結(jié)束時(shí)，吊車的發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率達(dá)到額定功率，設(shè)此時(shí)混凝土受到的拉力為F，速度為v1，勻加速運(yùn)動(dòng)經(jīng)歷的時(shí)間為t1，有 P0Fv1 Fmgma v1at1,代入數(shù)據(jù)解得t15 s t2 s時(shí)，混凝土處于勻加速運(yùn)動(dòng)階段，設(shè)此時(shí)速度為v2，輸出功率為P，有v2at PFv2 解得P2.04×104 W 答案：(1)5.1×104 W (2)5 s 2.04×104 W,二、動(dòng)能定律和機(jī)械能守恒定律 知識(shí)回顧,方法規(guī)律 1動(dòng)能定理在多過(guò)程中的應(yīng)用技巧 (1)當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中涉及多個(gè)力做功時(shí)，各力對(duì)應(yīng)的位移可能不相同，計(jì)算各力做功時(shí)，應(yīng)注意各力對(duì)應(yīng)的位移計(jì)算總功時(shí)，應(yīng)計(jì)算整個(gè)過(guò)程中出現(xiàn)過(guò)的各力做功的代數(shù)和 (2)研究初、末動(dòng)能時(shí)，只需關(guān)注初、末狀態(tài)，不必關(guān)心中間過(guò)程的運(yùn)動(dòng)的細(xì)節(jié),2機(jī)械能守恒定律表達(dá)式的選取技巧 (1)當(dāng)研究對(duì)象為單個(gè)物體時(shí)，可優(yōu)先考慮應(yīng)用表達(dá)式Ek1Ep1Ek2Ep2或EkEp來(lái)求解 (2)當(dāng)研究對(duì)象為兩個(gè)物體組成的系統(tǒng)時(shí)： 若A物體的機(jī)械能增加，B物體的機(jī)械能減少，可優(yōu)先考慮用表達(dá)式EAEB來(lái)求解 若兩個(gè)物體的重力勢(shì)能都在減小(或增加)，動(dòng)能都在增加(或減小)，可優(yōu)先考慮應(yīng)用表達(dá)式EkEp來(lái)求解,3應(yīng)用功能關(guān)系解題的基本步驟 (1)明確研究對(duì)象 (2)分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程并畫圖展示 (3)分析力對(duì)研究對(duì)象的做功情況和能量轉(zhuǎn)化形式 (4)根據(jù)動(dòng)能定理或能量守恒定律列方程求解,反饋練習(xí) 1(多選)關(guān)于動(dòng)能、動(dòng)能定理，下列說(shuō)法正確的是( ) A一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化時(shí)，速度一定變化，但速度變化時(shí)，動(dòng)能不一定變化 B動(dòng)能不變的物體，一定處于平衡狀態(tài) C合力做正功，物體動(dòng)能可能減小 D運(yùn)動(dòng)物體所受的合力為零，則物體的動(dòng)能肯定不變,解析：一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化時(shí)，物體的速度大小一定變化，所以速度一定變化；速度變化時(shí)，物體的速度大小不一定變化，所以動(dòng)能不一定變化，選項(xiàng)A正確；動(dòng)能不變的物體，速度方向可能改變，不一定處于平衡狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；合力做正功時(shí)，動(dòng)能肯定增加，合力做功為零時(shí)，動(dòng)能肯定不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確 答案：AD,答案：B,答案：B,答案：D,5如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的物體質(zhì)量為m1 kg，從左側(cè)平臺(tái)上水平拋出，恰能無(wú)碰撞地沿圓弧切線從A點(diǎn)進(jìn)入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑，A、B為圓弧兩端點(diǎn)，其連線水平，O為軌道的最低點(diǎn)，已知圓弧半徑為R1.0 m，對(duì)應(yīng)圓心角106°，平臺(tái)與AB連線的高度差h0.8 m(重力加速度g取10 m/s2，sin 53°0.8，cos 53°0.6)求：,(1)物體做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0； (2)物體運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)O時(shí)對(duì)軌道的壓力,答案：(1)3 m/s (2)43 N,階段質(zhì)量評(píng)估(三),謝謝觀看！,