2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 6-1庫侖定律電場力的性質(zhì)同步檢測試題.doc

2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 6-1庫侖定律電場力的性質(zhì)同步檢測試題1(多選題)xx·山東省棗莊三中階段測試如圖211所示的實(shí)驗(yàn)裝置為庫侖扭秤，細(xì)銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個帶電的金屬小球A，另一端有一個不帶電的球B，B與A所受的重力平衡當(dāng)把另一個帶電的金屬球C插于容器并使它靠近A時，A和C之間的作用力使懸絲扭轉(zhuǎn)，通過懸絲扭轉(zhuǎn)的角度可以比較出力的大小，便可找到力F與距離r和電荷量q的關(guān)系這一實(shí)驗(yàn)中用到了下列哪些方法()圖211A微小量放大法B極限法C控制變量法 D逐差法解析：庫侖扭秤裝置中用放大思想增加了力的作用效果且更易觀察出懸絲的扭轉(zhuǎn)角度，且控制變量法先研究了F，再研究Fq1q2，從而得出F，故正確選項(xiàng)為A、C.答案：AC2兩個固定的異種點(diǎn)電荷，電荷量給定但大小不等，用E1和E2分別表示兩個點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的大小，則在通過兩點(diǎn)電荷的直線上，E1E2的點(diǎn)()A有三個，其中兩處合場強(qiáng)為零B有三個，其中一處合場強(qiáng)為零C有兩個，其中一處合場強(qiáng)為零D只有一個，該處合場強(qiáng)為零解析：本題主要考查場強(qiáng)的矢量性，同一直線上兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生場強(qiáng)的疊加則變成了代數(shù)的加或減，由于兩個點(diǎn)電荷帶異種電荷且電荷量不等，則E1E2的點(diǎn)必有兩個，其中一處合場強(qiáng)為零，另一處合場強(qiáng)為2E1，應(yīng)選C.答案：C3(多選題)如圖212甲中AB是一個點(diǎn)電荷電場中的電場線，圖212乙則是放在電場線上a、b處的試探電荷的電荷量與所受電場力大小間的函數(shù)圖線由此可以判定下列情形可能的是()圖212A場源是正電荷，位于A點(diǎn)B場源是正電荷，位于B點(diǎn)C場源是負(fù)電荷，位于A點(diǎn)D場源是負(fù)電荷，位于B點(diǎn)答案：AC4一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，在電場力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動到c，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的關(guān)于b點(diǎn)電場強(qiáng)度E的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在b點(diǎn)的切線)()ABCD圖213解析：本題考查的是電場強(qiáng)度的概念和曲線運(yùn)動，意在考查學(xué)生對物理基礎(chǔ)知識的理解題中質(zhì)點(diǎn)所帶電荷是負(fù)電荷，電場方向應(yīng)與負(fù)電荷受到的電場力方向相反，又因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)的速度是遞減的，因此力的方向應(yīng)與速度方向夾角大于90°，故選項(xiàng)D正確答案：D圖2145xx·武漢摸底水平面上A、B、C三點(diǎn)固定著三個電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球(可視為點(diǎn)電荷)放置在O點(diǎn)，OABC恰構(gòu)成一棱長為L的正四面體，如圖214所示已知靜電力常量為k，重力加速度為g，為使小球能靜止在O點(diǎn)，小球所帶的電荷量為()A. B.C. D.解析：3kcosmg，sin，聯(lián)立解得q.答案：C6xx·北京西城期末如圖215所示，兩個電荷量均為q的小球用長為l的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩連接，靜止在光滑的絕緣水平面上兩個小球的半徑rl，k表示靜電力常量則輕繩的張力大小為()圖215A0B. C2D.解析：輕繩的張力大小等于兩個帶電小球之間的庫侖力，由庫侖定律得 F，選項(xiàng)B正確答案：B圖2167(多選題)如圖216所示，在y軸上關(guān)于O點(diǎn)對稱的A、B兩點(diǎn)有等量同種點(diǎn)電荷Q，在x軸上C點(diǎn)有電荷Q，且COOD.ADO60°，下列判斷正確的是()AO點(diǎn)電場強(qiáng)度為零BD點(diǎn)電場強(qiáng)度為零C將點(diǎn)電荷q從O移向C的過程中，則電勢能增大D將點(diǎn)電荷q從O移向C的過程中，則電勢能增大解析：由對稱性和電場的疊加可知，ED0，所以B正確；負(fù)電荷從O到C過程中電場力指向于O點(diǎn)，即電場力做負(fù)功，電勢能增大，所以C正確；反之，正電荷從O到C電場力做正功，電勢能減小答案：BCB組能力提升8(多選題)如圖217所示，A、B兩點(diǎn)固定兩個等量正點(diǎn)電荷，在A、B連線的中點(diǎn)C處放一點(diǎn)電荷(不計重力)圖217若給該點(diǎn)電荷一個初速度v0，v0方向與AB連線垂直，則該點(diǎn)電荷可能的運(yùn)動情況是()A往復(fù)直線運(yùn)動B勻變速直線運(yùn)動C加速度不斷減小，速度不斷增大的直線運(yùn)動D加速度先增大后減小，速度不斷增大的直線運(yùn)動解析：AB中垂線上電場線的分布：方向是從C點(diǎn)沿中垂線向兩側(cè)，電場強(qiáng)度大小是先增大，后減小，在C點(diǎn)為零，無窮遠(yuǎn)處為零，若在中點(diǎn)C處放入的是負(fù)電荷，受力指向C點(diǎn)，則選A，若在中點(diǎn)C處放入的是正電荷，受力方向由C點(diǎn)沿中垂線向外，則選D.答案：AD9(多選題)如圖218所示，兩質(zhì)量均為m的小球A和B分別帶有q和q的電量，被絕緣細(xì)線懸掛，兩球間的庫侖引力小于球的重力mg.現(xiàn)加上一個水平向右的勻強(qiáng)電場，待兩小球再次保持靜止?fàn)顟B(tài)時，下列結(jié)論正確的是()圖218A懸線OA向右偏，OA中的張力大于2mgB懸線OA向左偏，OA中的張力大于2mgC懸線OA不發(fā)生偏離，OA中的張力等于2mgD懸線AB向左偏，AB線的張力比不加電場時要大解析：首先應(yīng)用整體法對AB整體受力分析，懸線OA張力為2mg，并且OA處于豎直方向，選項(xiàng)C正確，A、B錯誤；然后再采用隔離法以B為研究對象分析，懸線AB向左偏，其張力等于電場力、庫侖力與重力的合力，比不加電場時要大，選項(xiàng)D正確答案：CD10xx·吉林質(zhì)檢如圖219所示，在勻強(qiáng)電場中，一個帶正電的物體沿水平方向的絕緣天花板做勻速直線運(yùn)動從某時刻(設(shè)為t0)起，電場強(qiáng)度從E0均勻增大若物體與天花板間的動摩擦因數(shù)為 ，電場線與水平方向的夾角為，物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電場空間和天花板均足夠大，下列判斷正確的是()圖219A在t0之前，物體可能向左做勻速直線運(yùn)動，也可能向右做勻速直線運(yùn)動B在t0之前，物體受到的摩擦力大小可能為零C在t0之后，物體做減速運(yùn)動，最后要掉下來D在t0之后，物體做減速運(yùn)動，且加速度越來越大，直到停止解析：在t0時刻之前，物體做勻速直線運(yùn)動，所受合力一定為零，物體所受的滑動摩擦力只能向左且不為零，因此物體只能向右勻速直線運(yùn)動，A、B錯；t0時，E0qcos(E0qsinmg)0，在t0時刻之后，EE0kt，根據(jù)牛頓第二定律Eqcos(Eqsinmg)ma，得ktq·()ma，知電場強(qiáng)度增大，滑動摩擦力增大，合力向左，加速度增大，物體做減速運(yùn)動，最后靜止，C錯、D對圖2110答案：D11xx·豫東、豫北十校聯(lián)考三如圖2111所示，在傾角為的光滑絕緣斜面上放兩個質(zhì)量分別為m1和m2的帶電小球A、B(均可視為質(zhì)點(diǎn))，m12m2，相距為L.兩球同時由靜止開始釋放時，B球的初始加速度恰好等于零經(jīng)過一段時間后，當(dāng)兩球距離為L時，A、B的加速度大小之比為a1a232，求LL.某同學(xué)求解如下：圖2111由B球初始加速度恰好等于零，得初始時刻A對B的庫侖斥力Fm2gsin，當(dāng)兩球距離為L時，A球的加速度a1，B球的加速度a2，由a1a232，得F2.5m2gsin，再由庫侖力公式便可求得LL.問：你認(rèn)為上述解法正確嗎？若認(rèn)為正確，請求出最終結(jié)果；若認(rèn)為不正確，則說明理由并求出你認(rèn)為正確的結(jié)果解析：不正確由B球的初始加速度恰好等于零，得初始時刻A對B的庫侖斥力Fm2gsin當(dāng)兩球距離為L時，A球的加速度a1初始時B球受力平衡，兩球相互排斥運(yùn)動一段距離后，兩球間距增大，庫侖力一定減小，小于m2gsin所以加速度a2方向沿斜面向下，a2由a1a232得F0.25m2gsin由庫侖力公式便可求得LL21.答案：不正確，2112xx·上海市東新區(qū)模擬如圖2112所示，虛線左側(cè)存在非勻強(qiáng)電場，MO是電場中的某條電場線，方向水平向右，長直光滑絕緣細(xì)桿CD沿該電場線放置質(zhì)量為m1、電荷量為q1的A球和質(zhì)量為m2、電荷量為q2的B球穿過細(xì)桿(均可視為點(diǎn)電荷)當(dāng)t0時A在O點(diǎn)獲得向左的初速度v0，同時B在O點(diǎn)右側(cè)某處獲得向左的初速度v1，且v1>v0.結(jié)果發(fā)現(xiàn)，在B向O點(diǎn)靠近過程中，A始終向左做勻速運(yùn)動當(dāng)tt0時B到達(dá)O點(diǎn)(未進(jìn)入非勻強(qiáng)電場區(qū)域)，A運(yùn)動到P點(diǎn)(圖中未畫出)，此時兩球間距離最小靜電力常量為k.(1)求0t0時間內(nèi)A對B球做的功；(2)求桿所在直線上場強(qiáng)的最大值；(3)某同學(xué)計算出0t0時間內(nèi)A對B球做的功W1后，用下列方法計算非勻強(qiáng)電場PO兩點(diǎn)間電勢差：設(shè)0t0時間內(nèi)B對A球做的功為W2，非勻強(qiáng)電場對A球做的功為W3，根據(jù)動能定理W2W30又因?yàn)閃2W1PO兩點(diǎn)間電勢差U請分析上述解法是否正確，并說明理由圖2112解析：(1)B球運(yùn)動過程中只受A球?qū)λ?庫侖力作用，當(dāng)它運(yùn)動到O點(diǎn)時速度跟A球相同為v0.庫侖力做的功即為B球動能增加量，Wmvmv.(2)因?yàn)锳球做勻速運(yùn)動，t0時間內(nèi)運(yùn)動的位移xv0t0，此時的庫侖力Fk，因?yàn)锳球始終做勻速運(yùn)動，所以非勻強(qiáng)電場對它的作用力與B球?qū)λ膸靵隽ο嗥胶猱?dāng)B球到達(dá)O點(diǎn)時，兩帶電小球間的距離最小，庫侖力最大因此，電場對A的作用力也最大，電場強(qiáng)度也最大E.(3)該同學(xué)的解法是錯誤的因?yàn)锽球向A球靠近的過程，雖然它們的作用力大小相等，但它們運(yùn)動的位移不等，所以相互作用力所做的功W1、W2的大小不相等，即W2W1是錯誤的答案：(1)mvmv(2)(3)見解析C組難點(diǎn)突破13xx·江蘇南通均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場.如圖2113所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，OMON2R.已知M點(diǎn)的場強(qiáng)大小為E，則N點(diǎn)的場強(qiáng)大小為()圖2113A.E B.C.E D.E解析：分布著正電荷的左半球面AB產(chǎn)生的電場等效為分布著正電荷的整個球面產(chǎn)生的電場和帶負(fù)電荷的右半球面產(chǎn)生的電場的合電場，則EE，帶負(fù)電荷的右半球面在M點(diǎn)的電場與帶正電荷的左半球面AB在N點(diǎn)的電場大小相等，則EEE，則A項(xiàng)正確答案：A