高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)15 專題5 突破點(diǎn)15 圓錐曲線中的綜合問題 理-人教高三數(shù)學(xué)試題

《高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)15 專題5 突破點(diǎn)15 圓錐曲線中的綜合問題 理-人教高三數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)15 專題5 突破點(diǎn)15 圓錐曲線中的綜合問題 理-人教高三數(shù)學(xué)試題（4頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題限時(shí)集訓(xùn)(十五)　圓錐曲線中的綜合問題 建議用時(shí)：45分鐘] 1．(2016·中原名校聯(lián)盟二模)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，點(diǎn)B(0，)為短軸的一個(gè)端點(diǎn)，∠OF2B＝60°. 圖15-3 (1)求橢圓C的方程； (2)如圖15-3，過右焦點(diǎn)F2，且斜率為k(k≠0)的直線l與橢圓C相交于D，E兩點(diǎn)，A為橢圓的右頂點(diǎn)，直線AE，AD分別交直線x＝3于點(diǎn)M，N，線段MN的中點(diǎn)為P，記直線PF2的斜率為k′.試問k·k′是否為定值？若為定值，求出該定值；若不為定值，請說明理由． 解]　(1)由條件可知a＝2，b＝，故所求橢圓方程為＋＝1.4分

2、 (2)設(shè)過點(diǎn)F2(1,0)的直線l的方程為y＝k(x－1)． 由可得(4k2＋3)x2－8k2x＋4k2－12＝0.5分 因?yàn)辄c(diǎn)F2(1,0)在橢圓內(nèi)，所以直線l和橢圓都相交，即Δ＞0恒成立．設(shè)點(diǎn)E(x1，y1)，D(x2，y2)， 則x1＋x2＝，x1x2＝.6分 因?yàn)橹本€AE的方程為y＝(x－2)，直線AD的方程為y＝(x－2)， 令x＝3，可得M，N，所以點(diǎn)P的坐標(biāo).8分 直線PF2的斜率為k′＝ ＝·＝· ＝·＝－， 所以k·k′為定值－.12分 2．(2016·衡水二模)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的離心率為，以原點(diǎn)為圓心，橢圓的短半軸長為半徑的圓與直線x－

3、y＋12＝0相切． (1)求橢圓C的方程； (2)設(shè)A(－4,0)，過點(diǎn)R(3,0)作與x軸不重合的直線l交橢圓C于P，Q兩點(diǎn)，連接AP，AQ分別交直線x＝于M，N兩點(diǎn)，若直線MR，NR的斜率分別為k1，k2，試問：k1k2是否為定值？若是，求出該定值，若不是，請說明理由. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：85952057】 解]　(1)由題意得∴故橢圓C的方程為＋＝1.4分 (2)設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)，直線PQ的方程為x＝my＋3，由∴(3m2＋4)y2＋18my－21＝0， ∴y1＋y2＝，y1y2＝.6分 由A，P，M三點(diǎn)共線可知＝，∴yM＝.8分 同理可得yN＝，∴k1k2

4、＝×＝＝.10分 ∵(x1＋4)(x2＋4)＝(my1＋7)(my2＋7)＝m2y1y2＋7m(y1＋y2)＋49，∴k1k2＝＝－.12分 ∴k1k2為定值－. 3．(2016·太原一模)已知橢圓M：＋＝1(a＞0)的一個(gè)焦點(diǎn)為F(－1,0)，左、右頂點(diǎn)分別為A，B.經(jīng)過點(diǎn)F的直線l與橢圓M交于C，D兩點(diǎn)． (1)求橢圓方程； (2)當(dāng)直線l的傾斜角為45°時(shí)，求線段CD的長； (3)記△ABD與△ABC的面積分別為S1和S2，求|S1－S2|的最大值． 解]　(1)因?yàn)镕(－1,0)為橢圓的焦點(diǎn)，所以c＝1，又b2＝3， 所以a2＝4，所以橢圓方程為＋＝1.3分 (2)因

5、為直線的傾斜角為45°，所以直線的斜率為1， 所以直線方程為y＝x＋1，和橢圓方程聯(lián)立得到消掉y，得到7x2＋8x－8＝0，4分 所以Δ＝288，x1＋x2＝－，x1x2＝－，5分 所以|CD|＝|x1－x2|＝×＝.6分 (3)當(dāng)直線l斜率不存在時(shí)，直線方程為x＝－1， 此時(shí)D，C，△ABD，△ABC面積相等，|S1－S2|＝0，7分 當(dāng)直線l斜率存在(顯然k≠0)時(shí)，設(shè)直線方程為y＝k(x＋1)(k≠0)． 設(shè)C(x1，y1)，D(x2，y2)， 和橢圓方程聯(lián)立得到消掉y得(3＋4k2)x2＋8k2x＋4k2－12＝0，8分 顯然Δ＞0，方程有根，且x1＋x2＝－，x1x

6、2＝，9分 此時(shí)|S1－S2|＝2||y1|－|y2||＝2|y1＋y2|＝2|k(x2＋1)＋k(x1＋1)| ＝2|k(x2＋x1)＋2k|＝＝≤＝＝(k＝±時(shí)等號(hào)成立)， 所以|S1－S2|的最大值為.12分 4．(2016·開封二模)已知中心在原點(diǎn)O，焦點(diǎn)在x軸上，離心率為的橢圓過點(diǎn). 圖15-4 (1)求橢圓的方程； (2)設(shè)不過原點(diǎn)O的直線l與該橢圓交于P，Q兩點(diǎn)，滿足直線OP，PQ，OQ的斜率依次成等比數(shù)列，求△OPQ面積的取值范圍． 解]　(1)由題意可設(shè)橢圓方程為 ＋＝1(a＞b＞0)， 則＝(其中c2＝a2－b2，c＞0)，且＋＝1，故a＝2，b＝1

7、. 所以橢圓的方程為＋y2＝1.4分 (2)由題意可知，直線l的斜率存在且不為0.故可設(shè)直線l：y＝kx＋m(m≠0)，設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)， 由消去y得(1＋4k2)x2＋8kmx＋4(m2－1)＝0，5分 則Δ＝64k2m2－16(1＋4k2)(m2－1)＝16(4k2－m2＋1)＞0， 且x1＋x2＝－，x1x2＝.6分 故y1y2＝(kx1＋m)(kx2＋m)＝k2x1x2＋km(x1＋x2)＋m2，7分 因?yàn)橹本€OP，PQ，OQ的斜率依次成等比數(shù)列， 所以·＝＝k2，即－＋m2＝0.8分 又m≠0，所以k2＝，即k＝±.9分 由于直線OP，OQ的斜率存在，且Δ＞0，得0＜m2＜2，且m2≠1. 設(shè)d為點(diǎn)O到直線l的距離，則d＝，10分 |PQ|＝＝，11分 所以S＝|PQ|d＝＜＝1(m2≠1)， 故△OPQ面積的取值范圍為(0,1).12分