2019-2020年高三物理一輪復(fù)習(xí) 第8章 第3講 帶電粒子在復(fù)合場中的運動練習(xí)(I).doc

2019-2020年高三物理一輪復(fù)習(xí) 第8章 第3講 帶電粒子在復(fù)合場中的運動練習(xí)(I)1.(xx江蘇單科,9,4分)如圖所示,導(dǎo)電物質(zhì)為電子的霍爾元件位于兩串聯(lián)線圈之間,線圈中電流為I,線圈間產(chǎn)生勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小B與I成正比,方向垂直于霍爾元件的兩側(cè)面,此時通過霍爾元件的電流為IH,與其前后表面相連的電壓表測出的霍爾電壓UH滿足:UH=k,式中k為霍爾系數(shù),d為霍爾元件兩側(cè)面間的距離。電阻R遠(yuǎn)大于RL,霍爾元件的電阻可以忽略,則()A.霍爾元件前表面的電勢低于后表面B.若電源的正負(fù)極對調(diào),電壓表將反偏C.IH與I成正比D.電壓表的示數(shù)與RL消耗的電功率成正比2.(xx浙江理綜,20,6分)在半導(dǎo)體離子注入工藝中,初速度可忽略的磷離子P+和P3+,經(jīng)電壓為U的電場加速后,垂直進入磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里、有一定寬度的勻強磁場區(qū)域,如圖所示。已知離子P+在磁場中轉(zhuǎn)過=30后從磁場右邊界射出。在電場和磁場中運動時,離子P+和P3+()A.在電場中的加速度之比為11B.在磁場中運動的半徑之比為1C.在磁場中轉(zhuǎn)過的角度之比為12D.離開電場區(qū)域時的動能之比為133.(xx重慶理綜,5,6分)如圖所示,一段長方體形導(dǎo)電材料,左右兩端面的邊長都為a和b,內(nèi)有帶電量為q的某種自由運動電荷。導(dǎo)電材料置于方向垂直于其前表面向里的勻強磁場中,內(nèi)部磁感應(yīng)強度大小為B。當(dāng)通以從左到右的穩(wěn)恒電流I時,測得導(dǎo)電材料上、下表面之間的電壓為U,且上表面的電勢比下表面的低。由此可得該導(dǎo)電材料單位體積內(nèi)自由運動電荷數(shù)及自由運動電荷的正負(fù)分別為()A.,負(fù)B.,正C.,負(fù)D.,正4.(xx浙江理綜,25,22分)離子推進器是太空飛行器常用的動力系統(tǒng)。某種推進器設(shè)計的簡化原理如圖1所示,截面半徑為R的圓柱腔分為兩個工作區(qū)。為電離區(qū),將氙氣電離獲得1價正離子;為加速區(qū),長度為L,兩端加有電壓,形成軸向的勻強電場。區(qū)產(chǎn)生的正離子以接近0的初速度進入?yún)^(qū),被加速后以速度vM從右側(cè)噴出。區(qū)內(nèi)有軸向的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B,在離軸線R/2處的C點持續(xù)射出一定速率范圍的電子。假設(shè)射出的電子僅在垂直于軸線的截面上運動,截面如圖2所示(從左向右看)。電子的初速度方向與中心O點和C點的連線成角(0<90)。推進器工作時,向區(qū)注入稀薄的氙氣。電子使氙氣電離的最小速率為v0,電子在區(qū)內(nèi)不與器壁相碰且能到達的區(qū)域越大,電離效果越好。已知離子質(zhì)量為M;電子質(zhì)量為m,電量為e。(電子碰到器壁即被吸收,不考慮電子間的碰撞)(1)求區(qū)的加速電壓及離子的加速度大小;(2)為取得好的電離效果,請判斷區(qū)中的磁場方向(按圖2說明是“垂直紙面向里”或“垂直紙面向外”);(3)為90時,要取得好的電離效果,求射出的電子速率v的范圍;(4)要取得好的電離效果,求射出的電子最大速率vmax與角的關(guān)系。圖1圖25.(xx大綱全國,25,20分)如圖,在第一象限存在勻強磁場,磁感應(yīng)強度方向垂直于紙面(xy平面)向外;在第四象限存在勻強電場,方向沿x軸負(fù)向。在y軸正半軸上某點以與x軸正向平行、大小為v0的速度發(fā)射出一帶正電荷的粒子,該粒子在(d,0)點沿垂直于x軸的方向進入電場。不計重力。若該粒子離開電場時速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為,求(1)電場強度大小與磁感應(yīng)強度大小的比值;(2)該粒子在電場中運動的時間。6.(xx浙江理綜,24,20分)如圖所示,兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接在電壓可調(diào)的電源上。兩板之間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。將噴墨打印機的噴口靠近上板下表面,從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為m、水平速度均為v0、帶相等電荷量的墨滴。調(diào)節(jié)電源電壓至U,墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動;進入電場、磁場共存區(qū)域后,最終垂直打在下板的M點。(1)判斷墨滴所帶電荷的種類,并求其電荷量;(2)求磁感應(yīng)強度B的值;(3)現(xiàn)保持噴口方向不變,使其豎直下移到兩板中間的位置。為了使墨滴仍能到達下板M點,應(yīng)將磁感應(yīng)強度調(diào)至B,則B的大小為多少?1.CD由左手定則可判定,霍爾元件的后表面積累負(fù)電荷,前表面電勢較高,故A錯。由電路關(guān)系可見,當(dāng)電源的正、負(fù)極對調(diào)時,通過霍爾元件的電流IH和所在空間的磁場方向同時反向,前表面的電勢仍然較高,故B錯。由電路可見,=,則IH=I,故C正確。RL的熱功率PL=RL=RL=,因為B與I成正比,故有:UH=k=k=k=PL,可得知UH與PL成正比,故D正確。2.BCD兩離子所帶電荷量之比為13,在電場中時由qE=ma知aq,故加速度之比為13,A錯誤;離開電場區(qū)域時的動能由Ek=qU知Ekq,故D正確;在磁場中運動的半徑由Bqv=m、Ek=mv2知R=,故B正確;設(shè)磁場區(qū)域的寬度為d,則有sin =,即=,故=60=2,C正確。3.C因?qū)щ姴牧仙媳砻娴碾妱荼认卤砻娴牡?故上表面帶負(fù)電荷,根據(jù)左手定則可判斷自由運動電荷帶負(fù)電,則B、D兩項均錯。設(shè)長方體形材料長度為L,總電量為Q,則其單位體積內(nèi)自由運動電荷數(shù)為,當(dāng)電流I穩(wěn)恒時,材料內(nèi)的電荷所受電場力與磁場力相互平衡,則有=BIL,故=,A項錯誤,C項正確。4.答案(1)(2)垂直紙面向外(3)v0v<(B>)(4)vmax=解析(1)由動能定理得M=eUU=a=e=(2)由題知電子在區(qū)內(nèi)不與器壁相碰且能到達的區(qū)域越大,電離效果越好,則題圖2中顯然電子往左半部偏轉(zhuǎn)較好,故區(qū)中磁場方向應(yīng)垂直紙面向外(3)設(shè)電子運動的最大半徑為r2r=ReBv=m所以有v0v<要使式有解,磁感應(yīng)強度B>(4)如圖所示OA=R-r,OC=,AC=r根據(jù)幾何關(guān)系得r=由式得vmax=5.答案(1)v0 tan2 (2)解析(1)如圖,粒子進入磁場后做勻速圓周運動。設(shè)磁感應(yīng)強度的大小為B,粒子質(zhì)量與所帶電荷量分別為m和q,圓周運動的半徑為R0。由洛倫茲力公式及牛頓第二定律得qv0B=m由題給條件和幾何關(guān)系可知R0=d設(shè)電場強度大小為E,粒子進入電場后沿x軸負(fù)方向的加速度大小為ax,在電場中運動的時間為t,離開電場時沿x軸負(fù)方向的速度大小為vx。由牛頓運動定律及運動學(xué)公式得Eq=maxvx=axtt=d由于粒子在電場中做類平拋運動(如圖),有tan =聯(lián)立式得=v0 tan2 (2)聯(lián)立式得t=6.答案(1)負(fù)電荷(2)(3)解析(1)墨滴在電場區(qū)域做勻速直線運動,有q=mg由式得:q=由于電場方向向下,墨滴所受電場力向上,可知:墨滴帶負(fù)電荷。(2)墨滴垂直進入電、磁場共存區(qū)域,重力仍與電場力平衡,合力等于洛倫茲力,墨滴做勻速圓周運動,有qv0B=m考慮墨滴進入磁場和撞板的幾何關(guān)系,可知墨滴在該區(qū)域恰完成四分之一圓周運動,則半徑R=d由、式得B=(3)根據(jù)題設(shè),墨滴運動軌跡如圖,設(shè)圓周運動半徑為R,有qv0B=m由圖示可得:R2=d2+得:R=d聯(lián)立、式可得:B=