2019-2020年高考物理模擬試題專(zhuān)題匯編 專(zhuān)題4 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第1講 電場(chǎng)（B）（含解析）.doc

2019-2020年高考物理模擬試題專(zhuān)題匯編 專(zhuān)題4 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第1講 電場(chǎng)（B）（含解析）一選擇題1.(xx德州二模14)在物理學(xué)的發(fā)展過(guò)程中，許多物理學(xué)家都做出了重要的貢獻(xiàn)，他們也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法。下列關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（ ）A物理學(xué)中所有物理量都是采用比值法定義的B質(zhì)點(diǎn)、點(diǎn)電荷都是理想化模型C庫(kù)侖首先提出電場(chǎng)的概念D重心、合力和交變電流的有效值概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想2. (xx江山市模擬)4（6分）物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的關(guān)系，也確定了單位間的關(guān)系如關(guān)系式U=IR既反映了電壓、電流和電阻之間的關(guān)系，也確定了V（伏）與A（安）和（歐）的乘積等效，即V與A等效現(xiàn)有物理量單位：m（米）、s（秒）、N（牛）、J（焦）、W（瓦）、C（庫(kù)）、F（法）、A（安）、（歐）和T（特），由他們組合成的單位都與電壓?jiǎn)挝籚（伏）等效的是（）A J/C和TAm B C/F和WC W/A和CTm/s D Tm2/s和N/C3.(xx陜西三模3)如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著兩物塊A、B，相互絕緣且質(zhì)量均為2kg，A帶正電，電荷量為0.1C，B不帶電開(kāi)始處于靜止?fàn)顟B(tài)，若突然加沿豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此瞬間A對(duì)B的壓力大小變?yōu)?5Ng=10m/s2，則（） A 電場(chǎng)強(qiáng)度為50N/C B 電場(chǎng)強(qiáng)度為100N/CC 電場(chǎng)強(qiáng)度為150N/C D 電場(chǎng)強(qiáng)度為200N/C4.(xx煙臺(tái)高考測(cè)試)16.一半徑為R的均勻帶電圓環(huán)，帶有正電荷。其軸線(xiàn)與x軸重合，環(huán)心位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處，M、N為x軸上的兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（ ）MNROxA.環(huán)心O處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.沿x軸正方向從O點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越小C.沿x軸正方向由M點(diǎn)到N點(diǎn)電勢(shì)越來(lái)越高D.將一正試探電荷由M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能增加5.(xx皖南八校三聯(lián)18).如圖所示，菱形ABCD的對(duì)角線(xiàn)相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別固定在A(yíng)C連線(xiàn)上的M點(diǎn)與N點(diǎn)，且OM =ON，則（ ）A. A、C兩處電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)均相同 B B、D兩處電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)均相同 C A、C兩處電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)均不相同 D B、D兩處電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)均不相同6.(xx廣東七校三聯(lián)20）將一電荷量為+Q 的小球放在不帶電的金屬球附近,所形成的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，金屬球表面的電勢(shì)處處相等。 a、b 為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則（ ）Aa 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)無(wú)法比較強(qiáng)弱Ba 點(diǎn)的電勢(shì)比b 點(diǎn)的高C檢驗(yàn)電荷 - q 在a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在b 點(diǎn)的大D將檢驗(yàn)電荷 - q 從a 點(diǎn)移到b 點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功7.(xx宿遷市三校檢測(cè)3)如圖所示，在正方形四個(gè)頂點(diǎn)分別放置一個(gè)點(diǎn)電荷，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，則下列四個(gè)選項(xiàng)中，正方形中心處場(chǎng)強(qiáng)最大的是( )QQQQ2Q2QQQ2QQQQQQQQABCD8.(xx懷化三模16）如圖所示，虛線(xiàn)a、b、c代表電場(chǎng)中三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線(xiàn)為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)（不計(jì)重力），僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知不正確的是MNbcaA三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高B帶電質(zhì)點(diǎn)在M點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在N點(diǎn)具有的電勢(shì)能大C帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)M點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能比通過(guò)N點(diǎn)時(shí)大D帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)M點(diǎn)時(shí)的加速度比通過(guò)N點(diǎn)時(shí)大9.(xx天津武清三模)3如圖所示，a、b為兩等量異號(hào)點(diǎn)電荷，cd為ab連線(xiàn)的中垂線(xiàn)。一帶有微量正電的點(diǎn)電荷A以一定的初速度沿cd方向射入電場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中虛線(xiàn)，交于。不計(jì)重力。則Aa帶負(fù)電荷BA的運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線(xiàn)C電場(chǎng)強(qiáng)度D電勢(shì)10.(xx陜西三模4)如圖所示，虛線(xiàn)為電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)面與紙面的交線(xiàn)，相鄰兩等勢(shì)面電勢(shì)差相等，已知A、B兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差為10V，且A的電勢(shì)高于B的電勢(shì)一個(gè)電子僅在電場(chǎng)力作用下從M點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，電子經(jīng)過(guò)M點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為8eV，則電子經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為（）A 16 eV B 7.5 eV C 4.0 eVD 0.5 eV11.(xx日照聯(lián)合檢測(cè)19）光滑水平面上放置兩個(gè)等量同種正電荷，其連線(xiàn)中垂線(xiàn)上有A、B、C三點(diǎn)，如圖甲所示，一質(zhì)量m=l kg、帶電荷量q=2C的小物塊自C點(diǎn)南靜止釋放，其經(jīng)過(guò)B、A兩點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況如圖乙所示，其中B點(diǎn)為圖線(xiàn)上斜率最大的位置(圖中標(biāo)出了過(guò)B點(diǎn)的切線(xiàn))，則以下分析正確的是（ ）AB點(diǎn)為中垂線(xiàn)上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)且場(chǎng)強(qiáng)大小E=l VmB由C點(diǎn)到A點(diǎn)物塊的電勢(shì)能先減小后變大C由C點(diǎn)到A點(diǎn)，電勢(shì)逐漸降低DB、A兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為UBA=8.25V12.(xx懷化三模21）如圖所示，一個(gè)電量為+Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)，另一個(gè)電量為-q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線(xiàn)向甲運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)靜止。已知靜電力常量為k，點(diǎn)電荷乙與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，AB間距離為，則甲乙OBA+Q-qv0AOB間的距離為B從A到B的過(guò)程中，中間時(shí)刻的速度小于C從A到B的過(guò)程中，產(chǎn)生的內(nèi)能為D在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中，AB間電勢(shì)差13.(xx連徐宿三調(diào)9). 如圖所示，矩形ABCD位于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，且與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行。已知AB=2BC，A、B、D的電勢(shì)分別為6V、2V、4V。初動(dòng)能為24eV、電荷量大小為4e的帶電粒子從A沿著AC方向射入電場(chǎng)，恰好經(jīng)過(guò)B。不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（ ）ABCDv0A該粒子一定帶負(fù)電B該粒子達(dá)到點(diǎn)B時(shí)的動(dòng)能為40eVC改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)CD改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)D14. (xx揚(yáng)州高三測(cè)試4)一帶電粒子在電場(chǎng)中僅在電場(chǎng)力作用下，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示， tA、tB分別是帶電粒子到達(dá)A、B兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）AA處的場(chǎng)強(qiáng)一定小于B處的場(chǎng)強(qiáng)BA處的電勢(shì)一定高于B處的電勢(shì)C電荷在A(yíng)處的電勢(shì)能一定小于在B處的電勢(shì)能D電荷在A(yíng)到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力一定對(duì)電荷做正功15.(xx棗莊八中模擬5)（6分）（xx棗莊校級(jí)模擬）M、N是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線(xiàn)上的兩點(diǎn)，若在M點(diǎn)釋放一個(gè)初速度為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線(xiàn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，其電勢(shì)能EP隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A 電子在N點(diǎn)的動(dòng)能小于在M點(diǎn)的動(dòng)能B 該電場(chǎng)有可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)C 該電子運(yùn)動(dòng)的加速度越來(lái)越小D 電子運(yùn)動(dòng)的軌跡為曲線(xiàn)16.(xx大慶實(shí)驗(yàn)中學(xué)三模18)有一個(gè)帶正電的金屬球殼(厚度不計(jì))，其截面圖如圖a所示, O為球心，球殼P處開(kāi)有半徑遠(yuǎn)小于球半徑的小孔。以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，過(guò)P點(diǎn)建立x坐標(biāo)軸，A點(diǎn)是坐標(biāo)軸上的一點(diǎn)，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)如圖b所示。電子從O點(diǎn)以v0的初速度沿x軸方向射出，依次通過(guò)P、A兩點(diǎn)。則下列關(guān)于電子在沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中的描述正確的是 ：（） A在OP間電子做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B在PA間電子做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C在OP間運(yùn)動(dòng)時(shí)電子的電勢(shì)能均勻增加D在PA間運(yùn)動(dòng)時(shí)電子的電勢(shì)能增加17.(xx揚(yáng)州高三測(cè)試7)如圖，絕緣彈簧的下端固定在斜面底端，彈簧與斜面平行且初始為自然長(zhǎng)度，帶電小球Q（可視為質(zhì)點(diǎn)）固定在光滑斜面的M點(diǎn)，處于通過(guò)彈簧中心的直線(xiàn)ab上現(xiàn)將小球P（也視為質(zhì)點(diǎn)）從直線(xiàn)ab上的N點(diǎn)由靜止釋放，設(shè)小球P與Q電性相同，則小球從釋放到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（ ）A小球的速度先增大后減小B小球P的速度最大時(shí)所受合力為零C小球P的重力勢(shì)能與電勢(shì)能的和一直減小D小球所受重力、彈簧彈力和庫(kù)侖力做功的代數(shù)和等于電勢(shì)能的變化量的大小18. (xx鹽城1月檢測(cè)2).如圖所示，地面上某個(gè)空間區(qū)域存在這樣的電場(chǎng)，水平虛線(xiàn)上 方為場(chǎng)強(qiáng)E1，方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)；虛線(xiàn)下方為場(chǎng)強(qiáng)E2，方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量m,帶電+q的小球從上方電場(chǎng)的A點(diǎn)由靜止釋放，結(jié)果剛好到達(dá)下方電場(chǎng)中與A關(guān)于虛線(xiàn)對(duì)稱(chēng)的B點(diǎn)，則下列結(jié)論正確的是（ ）A若AB高度差為h,則UAB=-mgh/qB帶電小球在A(yíng)B兩點(diǎn)電勢(shì)能相等C在虛線(xiàn)上下方的電場(chǎng)中，帶電小球運(yùn)動(dòng)的加速度相同D兩電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系滿(mǎn)足E2=2E1 19.(xx吉林三模18)如圖所示，一均勻帶正電絕緣細(xì)圓環(huán)水平固定，環(huán)心為O點(diǎn)。帶正電的小球從O點(diǎn)正上方的A點(diǎn)由靜止釋放，穿過(guò)圓環(huán)中心O，并通過(guò)關(guān)于O與A點(diǎn)對(duì)稱(chēng)的A點(diǎn)，取O點(diǎn)為重力勢(shì)能零點(diǎn)。關(guān)于小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，小球的加速度a、重力勢(shì)能EpG、機(jī)械能E、電勢(shì)能EpE隨位置變化的情況，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A從A到O的過(guò)程中a一定先增大后減小，從O到A的過(guò)程中a一定先減小后增大B從A到O的過(guò)程中EpG小于零，從O到A的過(guò)程中EpG大于零C從A到O的過(guò)程中E隨位移增大均勻減小，從O到A的過(guò)程中E隨位移增大均勻增大D從A到O的過(guò)程中EpE隨位移增大非均勻增大，從O到A的過(guò)程中EpE隨位移增大非均勻減小20.(xx皖南八校三聯(lián)20)如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一半徑為R的圓，AB是一條直徑，空間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向與水平面平行在圓上A點(diǎn)有一發(fā)射器，以相同的動(dòng)能平行于水平面沿不同方向發(fā)射帶電量為+q的小球，小球會(huì)經(jīng)過(guò)圓周上不同的點(diǎn)，在這些點(diǎn)中，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的小球動(dòng)能最大，由于發(fā)射時(shí)刻不同時(shí)，小球間無(wú)相互作用，且 =30，下列說(shuō)法正確的是（ ）A.電場(chǎng)的方向垂直AB向上 B電場(chǎng)的方向垂直AB向下C小球在A(yíng)點(diǎn)垂直電場(chǎng)方向發(fā)射，若恰能落到C點(diǎn)，則初動(dòng)能為qER/8D小球在A(yíng)點(diǎn)垂直電場(chǎng)方向發(fā)射，若恰能落到C點(diǎn)，則初動(dòng)能為qER421.(xx棗莊八中模擬7)（6分）（xx棗莊校級(jí)模擬）如圖所示電路，在平行金屬板M，N內(nèi)部左側(cè)中央P有一質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計(jì)）以水平速度v0射入電場(chǎng)并打在N板的O點(diǎn)改變R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入電場(chǎng)，則（）A 該粒子帶正電B 減少R2，粒子還能打在O點(diǎn)C 減少R1，粒子將打在O點(diǎn)左側(cè)D 增大R1，粒子在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變二非選擇題22.(xx棗莊八中模擬12)（13分）（xx棗莊校級(jí)模擬）如圖所示，A、B間存在與豎直方向成45斜向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1，B、C間存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2，A、B的間距為1.25m，B、C的間距為3m，C為熒光屏一質(zhì)量m=1.0103kg，電荷量q=+1.0102C的帶電粒子由a點(diǎn)靜止釋放，恰好沿水平方向經(jīng)過(guò)b點(diǎn)到達(dá)熒光屏上的O點(diǎn)若在B、C間再加方向垂直于紙面向外且大小B=0.1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子經(jīng)b點(diǎn)偏轉(zhuǎn)到達(dá)熒光屏的O點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）取g=10m/s2求：（1）E1的大??；（2）加上磁場(chǎng)后，粒子由b點(diǎn)到O點(diǎn)電勢(shì)能的變化量及偏轉(zhuǎn)角度第1講 電場(chǎng)（B卷）參考答案與詳解1.【答案】BD【命題立意】本題旨在對(duì)物理學(xué)史的考察【解析】本題屬于記憶知識(shí)，要了解、熟悉物理學(xué)史，關(guān)鍵在于平時(shí)的積累和記憶，對(duì)于物理學(xué)上常用的科學(xué)研究方法：如等效替代法、比值定義法、理想化模型法等要理解并掌握，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對(duì)學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫助A、加速度a=即不是比值定義法定義的，故A錯(cuò)誤B、理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素而得到的，質(zhì)點(diǎn)和點(diǎn)電荷都是理想化模型，故B正確；C、電場(chǎng)的概念是法拉第提出的，揭示了電荷間相互作用是電場(chǎng)對(duì)電荷的作用，故C錯(cuò)誤；D、重心、合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，故D正確2.【答案】B【命題立意】本題旨在考查力學(xué)單位制?！窘馕觥坑呻妶?chǎng)力做功的公式，知，所以單位與電壓?jiǎn)挝坏刃?，由，可知：是和力的單位牛頓等效的，由，可知：，可知是與電場(chǎng)強(qiáng)度的單位等效的，由，可知：是和電壓?jiǎn)挝坏刃У?，由，可知：是和電壓?jiǎn)挝坏刃У模?，可知：，所以是和電壓?jiǎn)挝坏刃У?，由，可知：是力的單位，是與等效的，由，可得：，所以是和電壓的單位等效的，根據(jù)以上分析可知，都與電壓?jiǎn)挝籚（伏）等效的是B故選：B3.【答案】B【命題立意】本題旨在考察勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系【解析】 先對(duì)物體B受力分析求解加速度，再對(duì)物體A受力分析求解電場(chǎng)力，最后根據(jù)F=Eq求解電場(chǎng)強(qiáng)度物體B開(kāi)始時(shí)平衡，A對(duì)其的壓力等于A(yíng)的重力，為20N，加上電場(chǎng)后瞬間A對(duì)B的壓力大小變?yōu)?5N，而彈簧的彈力和重力不變，故合力為5N，向上，根據(jù)牛頓第二定律，有：a=再對(duì)物體A受力分析，設(shè)電場(chǎng)力為F（向上），根據(jù)牛頓第二定律，有：FN+Fmg=ma解得：F=m（g+a）FN=2（10+2.5）15=10N故電場(chǎng)力向上，為10N，故場(chǎng)強(qiáng)為：E= 向上4.【答案】A【命題立意】本題旨在考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電場(chǎng)強(qiáng)度?！窘馕觥緼、根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加可知，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，故A正確；B、O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，O到無(wú)窮遠(yuǎn)間的場(chǎng)強(qiáng)不為零，故x軸正方向從O點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度先增大，后減小，故B錯(cuò)誤；C、電場(chǎng)線(xiàn)方向由M指向N，沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，故C錯(cuò)誤；D、將一正試探電荷由M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤。故選：A5.【答案】B【命題立意】本題旨在考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)和電場(chǎng)的性質(zhì)。【解析】根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的分布特點(diǎn)和疊加原理可知,選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；因?yàn)閍、b、c三點(diǎn)所在直線(xiàn)平行于兩電荷的連線(xiàn)，且a與c關(guān)于MN對(duì)稱(chēng)，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，選項(xiàng)C正確；根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的分布特點(diǎn)，a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，所以試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6.【答案】BD【命題立意】本題旨在考查電場(chǎng)線(xiàn)、電勢(shì)。【解析】A、電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖象知a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)大，故A錯(cuò)誤；B、a點(diǎn)所在的電場(chǎng)線(xiàn)從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于金屬球的電勢(shì)，而b點(diǎn)所在處的電場(chǎng)線(xiàn)從金屬球發(fā)出到無(wú)窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，即a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的高故B正確；C、電勢(shì)越高的地方，負(fù)電荷具有的電勢(shì)能越小，即負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)小，故C錯(cuò)誤；D、由上知，-q在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)小，則把-q電荷從電勢(shì)能小的a點(diǎn)移動(dòng)到電勢(shì)能大的b點(diǎn)，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功故D正確。故選：BD7.【答案】B【命題立意】本題旨在考查電場(chǎng)的疊加、電場(chǎng)強(qiáng)度。【解析】A、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，結(jié)合矢量合成法則，兩個(gè)負(fù)電荷在正方形中心處場(chǎng)強(qiáng)為零，兩個(gè)正點(diǎn)電荷在中心處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤；B、同理，正方形對(duì)角線(xiàn)異種電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度，即為各自點(diǎn)電荷在中心處相加，因此此處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，故B正確；C、同理，正方形對(duì)角線(xiàn)的兩負(fù)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度在中心處相互抵消，而正點(diǎn)電荷在中心處，疊加后電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，結(jié)合疊加原理，則有在中心處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，故D錯(cuò)誤。故選：B8.【答案】C【命題立意】該題考查電場(chǎng)能的性質(zhì)【解析】等差等勢(shì)面密集的地方場(chǎng)強(qiáng)大，稀疏的地方場(chǎng)強(qiáng)小，由圖紙P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，則質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度大。故選項(xiàng)D對(duì)。根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，定性畫(huà)出過(guò)P、Q兩點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)。假設(shè)質(zhì)點(diǎn)從Q向P運(yùn)動(dòng)，根據(jù)初速度的方向和軌道偏轉(zhuǎn)方向可判定質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)所受電場(chǎng)力F的如圖所示?？梢耘袛喑龅葎?shì)面C的電勢(shì)高。選項(xiàng)A正確。由Q向P運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加。故選項(xiàng)B對(duì)C錯(cuò)。若質(zhì)點(diǎn)從P向Q運(yùn)動(dòng)，也可得出選項(xiàng)B正確?！军c(diǎn)評(píng)】等勢(shì)面的特點(diǎn)：等勢(shì)面上各點(diǎn)電勢(shì)相等，在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功。等勢(shì)面一定跟電場(chǎng)線(xiàn)垂直，而且電場(chǎng)線(xiàn)總是由電勢(shì)較高的等勢(shì)面指向電勢(shì)較低的等勢(shì)面。 任意兩個(gè)等勢(shì)面都不相交。 畫(huà)等勢(shì)面（線(xiàn)）時(shí)，一般相鄰兩等勢(shì)面（或線(xiàn)）間的電勢(shì)差相等。這樣，在等勢(shì)面（線(xiàn)）密處場(chǎng)強(qiáng)大，等勢(shì)面（線(xiàn)）疏處場(chǎng)強(qiáng)小。 9.【答案】D【命題立意】該題考查等量異種電荷的性質(zhì)【解析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡偏向右側(cè)可知，a帶正電，故A錯(cuò)誤；電場(chǎng)力不是恒力，帶電荷的運(yùn)動(dòng)不是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)軌跡不是拋物線(xiàn)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)連線(xiàn)與中垂線(xiàn)的交點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為連線(xiàn)上最小，中垂線(xiàn)上最大，所以，故C正確；根據(jù)中垂線(xiàn)電勢(shì)為零可知D正確?！军c(diǎn)評(píng)】曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件是合力指向曲線(xiàn)的內(nèi)側(cè)；電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的減小量，合力做功等于動(dòng)能的增加量，只有電場(chǎng)力做功，故電勢(shì)能和動(dòng)能的和守恒。10.【答案】D【命題立意】本題旨在考察利用電場(chǎng)線(xiàn)來(lái)分析相關(guān)問(wèn)題【解析】 根據(jù)電勢(shì)高低判斷電場(chǎng)力對(duì)電子做功的正負(fù)，運(yùn)用動(dòng)能定理求經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能由題意知，A、B兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差為10V，相鄰兩等勢(shì)面電勢(shì)差相等，則知M、N間的電勢(shì)差為：U=7.5V因?yàn)锳的電勢(shì)高于B的電勢(shì)，則知M的電勢(shì)高于N的電勢(shì)，電子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功為：W=7.5eV根據(jù)動(dòng)能定理得：W=EkNEkM則得：EkN=W+EkM=7.5eV+8eV=0.5eV11.【答案】ACD【命題立意】本題旨在考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電勢(shì)?！窘馕觥緼、圖象的斜率等于加速度，B點(diǎn)處為整條圖線(xiàn)切線(xiàn)斜率最大的位置，說(shuō)明物塊在B處加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律得：，B為中垂線(xiàn)上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，由圖得：B點(diǎn)的加速度為，故A正確；B、由圖知，由C到A的過(guò)程中，物塊的速度不斷增大，動(dòng)能增大，根據(jù)能量守恒得：物塊的電勢(shì)能不斷減小，故B錯(cuò)誤；C、由電勢(shì)能的公式知，由C到A的過(guò)程中，電勢(shì)逐漸降低，故C正確；D、物塊從A到B的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：，解得：，所以：，故D正確。故選：ACD12.【答案】BD【命題立意】該題考查電場(chǎng)力與能的性質(zhì)【解析】當(dāng)乙球運(yùn)動(dòng)到B處時(shí)電場(chǎng)力與滑動(dòng)摩擦力不一定相等，故A錯(cuò)誤；從A到B的過(guò)程中，因?yàn)榧铀俣戎饾u減小，故中間時(shí)刻的速度小于，故B正確；從A到B的過(guò)程中，減小的動(dòng)能和電勢(shì)能全都轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒，解得，故D正確。13.【答案】AD【命題立意】本題旨在考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系。【解析】A、根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行的等間距的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等，取AB的中點(diǎn)O，則O點(diǎn)的電勢(shì)為4V，連接OD則為等勢(shì)線(xiàn)，電場(chǎng)強(qiáng)度與等勢(shì)面垂直，且有高電勢(shì)指向低電勢(shì)，電場(chǎng)強(qiáng)度垂直O(jiān)D斜向上，由物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件，電場(chǎng)力斜向下，故電荷為負(fù)電荷，故A正確；B、由動(dòng)能定理，得：即：，解得：，故B錯(cuò)誤；C、同理，求得C點(diǎn)的電勢(shì)為0，由動(dòng)能定理，得： 即：，解得：，由曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)可知，粒子到達(dá)C點(diǎn)動(dòng)能不為零，故C錯(cuò)誤；D、由動(dòng)能定理，得：即： ，解得：，故D正確。故選：AD14.【答案】D【命題立意】本題旨在考查電勢(shì)能、動(dòng)能定理的應(yīng)用、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)?！窘馕觥緼、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)可以看出，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中帶電粒子的加速度減小，則其所受的電場(chǎng)力減小，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，即有A處的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B處的場(chǎng)強(qiáng)，A錯(cuò)誤；B、由于帶電粒子的電性未知，無(wú)法判斷電場(chǎng)方向，也就不能判斷電勢(shì)高低，故B錯(cuò)誤；C、D由圖看出，帶電粒子的速度增大，動(dòng)能增大，則由能量守恒定律得知，其電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：D15.【答案】C【命題立意】本題旨在考察機(jī)械能和牛頓定律【解析】 根據(jù)題意和圖象正確判斷出電子的運(yùn)動(dòng)形式是解題的關(guān)鍵，由圖可知，電子通過(guò)相同位移時(shí)，電勢(shì)能的減小量越來(lái)越小，說(shuō)明電場(chǎng)力做功越來(lái)越小，由W=Fs可知電場(chǎng)力逐漸減小，因此電子做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，知道了運(yùn)動(dòng)形式即可正確解答本題A、電子從M運(yùn)動(dòng)到N過(guò)程中，只受電場(chǎng)力，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，則動(dòng)能增加，因此N點(diǎn)的動(dòng)能大于M點(diǎn)的動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；B、電子通過(guò)相同位移時(shí)，電勢(shì)能的減小量越來(lái)越小，說(shuō)明電場(chǎng)力做功越來(lái)越小，由W=Fs可知，電子所受的電場(chǎng)力越來(lái)越小，場(chǎng)強(qiáng)減小，不可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤C、電子所受的電場(chǎng)力減小，則知電子的加速度逐漸減小，故C正確D、帶電粒子初速度為零，且沿著電場(chǎng)線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其軌跡一定為直線(xiàn)，故D錯(cuò)誤故選：C16.【答案】D【命題立意】本題旨在考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電勢(shì)能?！窘馕觥緼、由圖知OP間的電勢(shì)不變，則OP間的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電子不受電場(chǎng)力，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)順著電場(chǎng)線(xiàn)方向，電勢(shì)降低，可知PA間電場(chǎng)線(xiàn)方向從P到A，電子所受的電場(chǎng)力方向從A指向P，所以電子在PA間做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)根據(jù)圖線(xiàn)的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)可知，從P到A場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，電子所受的電場(chǎng)力減小，所以電子做加速度減小的變減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、由于電子在OP運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力不做功，所以其電勢(shì)能不變，故C錯(cuò)誤；D、在PA間運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，則電子的電勢(shì)能增加，故D正確。故選：D17.【答案】ABC【命題立意】本題旨在考查功能關(guān)系。【解析】A、小球先沿斜面加速向下運(yùn)動(dòng)，Q對(duì)P有沿斜面向下的庫(kù)侖力，小球P先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)壓縮彈簧后，當(dāng)加速度減小到零后，減速向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，小球靜止，故速度先增大后減小，故A正確；B、當(dāng)小球的合力為零時(shí)，速度最大，此時(shí)受的彈簧彈力與庫(kù)侖力的合力等于重力沿斜面向下的分力，所受合力為零，故B正確；C、小球P下降的過(guò)程中重力和電場(chǎng)力都一直做正功，重力勢(shì)能與電勢(shì)能的和一直減小，故C正確；D、只有庫(kù)侖力做功等于電勢(shì)能的變化量的大小根據(jù)動(dòng)能定理得知，小球P所受的重力、彈簧的彈力和庫(kù)侖力做功的代數(shù)和等于動(dòng)能的變化量的大小，整個(gè)過(guò)程為零，故D錯(cuò)誤。故選：ABC【易錯(cuò)警示】注意機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈力做功，從能量轉(zhuǎn)化的角度講，只發(fā)生機(jī)械能間的相互件轉(zhuǎn)化，沒(méi)有其他形式的能量參與。18.【答案】A【命題立意】本題旨在考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能?！窘馕觥緼B、對(duì)A到B的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得，解得：，知A、B的電勢(shì)不等，則電勢(shì)能不等，故A正確、B錯(cuò)誤；C、A到虛線(xiàn)速度由零加速至，虛線(xiàn)到B速度減為零，位移相同，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的推論知，時(shí)間相同，則加速度大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤；D、在上方電場(chǎng)，根據(jù)牛頓第二定律得：，在下方電場(chǎng)中，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度大小為：，因?yàn)椋獾茫?，故D錯(cuò)誤。故選：A19.【答案】D【命題立意】本題旨在考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電勢(shì)能?！窘馕觥啃∏蜻\(yùn)動(dòng)過(guò)程的示意圖如圖所示：A、圓環(huán)中心的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，則小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，場(chǎng)強(qiáng)可能先增大后減小，也可能一直減小，則小球所受的電場(chǎng)力可能先增大后減小方向豎直向上，也可能一直減小方向向上，由牛頓第二定律得知，重力不變，則加速度可能先減小后增大，也可能一直增大，故A錯(cuò)誤；B、小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，重力勢(shì)能，小球穿過(guò)圓環(huán)后，故B錯(cuò)誤；C、小球從A到圓環(huán)中心的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度非勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)力做負(fù)功但不是均勻變化的，機(jī)械能減小，但不是均勻減小，小球穿過(guò)圓環(huán)后，同理，故C錯(cuò)誤；D、由于圓環(huán)所產(chǎn)生的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球下落的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功與下落的高度之間是非線(xiàn)性關(guān)系，電勢(shì)能變化與下落高度之間也是非線(xiàn)性關(guān)系，故D正確。故選：D【易錯(cuò)警示】本題難點(diǎn)是運(yùn)用極限法分析圓環(huán)所產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)隨距離變化的關(guān)系；機(jī)械能要根據(jù)除重力以外的力做功情況，即電場(chǎng)力情況進(jìn)行分析。20.【答案】C【命題立意】本題旨在考查類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)和電場(chǎng)的性質(zhì)。【解析】由于C點(diǎn)處動(dòng)能最大，因此，相對(duì)整個(gè)圓而言，C應(yīng)處于電勢(shì)最低處，電場(chǎng)方向應(yīng)是沿圖中虛線(xiàn)方向，則與AC成300角，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；如果小球垂直于電場(chǎng)方向拋出帶電體，則小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則，2Rcoscos=，2Rcossin=v0t，得，選項(xiàng)C正確、D錯(cuò)誤。21.【答案】BC【命題立意】本題旨在考察帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】 根據(jù)外電路中順著電流方向電勢(shì)逐漸降低，判斷M、N兩板電勢(shì)的高低，確定板間電場(chǎng)的方向，即可判斷粒子的電性；電路穩(wěn)定時(shí)R2相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)；粒子射入板間電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析改變R1時(shí)粒子打在極板上的位置A、根據(jù)外電路中順著電流方向電勢(shì)逐漸降低，可知M板的電勢(shì)低于N板的電勢(shì)，板間電場(chǎng)方向向下，而粒子在電場(chǎng)中向下偏轉(zhuǎn)，所受的電場(chǎng)力方向向下，則知該粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤B、電路穩(wěn)定時(shí)R2中沒(méi)有電流，相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)，改變R2，不改變M、N間的電壓，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子所受的電場(chǎng)力不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)情況不變，仍打在O點(diǎn)故B正確C、D、設(shè)平行金屬板M、N間的電壓為U粒子在電場(chǎng)中水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，豎直方向做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則：豎直方向有：y=水平方向有：x=v0t聯(lián)立得：y=由圖知，y一定，q、m、d、v0不變，則由式知：當(dāng)減少R1時(shí)，M、N間的電壓U增大，x減小，所以粒子將打在O點(diǎn)左側(cè)；由知，增大R1，U減小，t增大，故C正確，D錯(cuò)誤故選：BC22.【答案】1）E1=N/C=1.4N/C 2）電勢(shì)能增加了：1.0102J，粒子偏轉(zhuǎn)角度為：37【命題立意】本題旨在考察帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律【解析】（1）由平衡條件可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度；（2）根據(jù)動(dòng)能定理，可求出粒子經(jīng)b點(diǎn)的速度，再由平衡狀態(tài)，與牛頓第二定律，及幾何關(guān)系可確定電勢(shì)能變化量（1）粒子在A(yíng)、B間做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，豎直方向受力平衡，則有：qE1cos 45=mg，解得：E1=N/C=1.4N/C（2）粒子從a到b的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：qE1dABsin 45=mvb20解得：vb=5m/s，加磁場(chǎng)前粒子在B、C間必做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則有：qE2=mg，加磁場(chǎng)后粒子在B、C間必做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，由牛頓第二定律得：qvbB=m，解得：R=5m，設(shè)偏轉(zhuǎn)距離為y，由幾何知識(shí)得：R2=dBC2+（Ry）2，代入數(shù)據(jù)得：y=1.0m，粒子在B、C間運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力做的功為：W=qE2y=mgy=1.0102J由功能關(guān)系知，粒子的電勢(shì)能增加了：1.0102J偏轉(zhuǎn)角度為：37度