2019年高考物理總復(fù)習(xí) 第二章 第3講 共點(diǎn)力的平衡 新人教版.doc

2019年高考物理總復(fù)習(xí) 第二章 第3講 共點(diǎn)力的平衡 新人教版1.如圖1所示，物體A靜止在傾角為30的斜面上，現(xiàn)將斜面傾角由30增大到37，物體仍保持靜止，則下列說法中正確的是()圖1AA對(duì)斜面的壓力不變 BA對(duì)斜面的壓力增大CA受到的摩擦力不變 DA受到的摩擦力增大解析物體A受力分析如下圖所示，將重力沿平行于斜面方向和垂直于斜面方向分解，則靜摩擦力Ffmgsin ，F(xiàn)f隨的增大而增大，故C錯(cuò)、D對(duì)；斜面對(duì)物體的支持力FNmgcos ，由牛頓第三定律，A對(duì)斜面的壓力Fmgcos ，隨的增大而減小，故A、B都錯(cuò)答案D2如圖2所示，有一質(zhì)量不計(jì)的桿AO，長為R，可繞A自由轉(zhuǎn)動(dòng)用繩在O點(diǎn)懸掛一個(gè)重為G的物體，另一根繩一端系在O點(diǎn)，另一端系在以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓弧形墻壁上的C點(diǎn)當(dāng)點(diǎn)C由圖示位置逐漸向上沿圓弧CB移動(dòng)過程中(保持OA與地面夾角不變)，OC繩所受拉力的大小變化情況是()圖2A逐漸減小 B逐漸增大C先減小后增大 D先增大后減小答案C3一質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，如圖3所示則物塊()圖3A仍處于靜止?fàn)顟B(tài)B沿斜面加速下滑C受到的摩擦力不變D受到的合外力增大解析 物塊恰好靜止在斜面上，沿斜面方向有：mgsin mgcos ，得tan ，摩擦力fmgsin .施加一個(gè)豎直向下的恒力F后，沿斜面向下的力(mgF)sin 與沿斜面向上的力(mgF)cos 仍然相等，所以物塊仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力不變，仍為零，故A正確，B、D錯(cuò)誤受到的摩擦力f(mgF)sin ，變大，故C錯(cuò)誤答案 A4如圖4所示，光滑斜面傾角為30，輕繩一端通過兩個(gè)滑輪與A相連，另一端固定于天花板上，不計(jì)繩與滑輪的摩擦及滑輪的質(zhì)量已知物塊A的質(zhì)量為m，連接A的輕繩與斜面平行，掛上物塊B后，滑輪兩邊輕繩的夾角為90，A、B恰保持靜止，則物塊B的質(zhì)量為()圖4A.m B.m Cm D2m解析設(shè)繩上的張力為F，對(duì)斜面上的物體A受力分析可知Fmgsin 30mg對(duì)B上面的滑輪受力分析如下圖mBgF合Fmg所以mBm，選項(xiàng)A正確答案A5如圖5所示，在傾斜的滑桿上套一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)通過輕繩拉著一個(gè)質(zhì)量為M的物體，在圓環(huán)沿滑桿向下滑動(dòng)的過程中，懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向則()圖5A環(huán)只受三個(gè)力作用B環(huán)一定受四個(gè)力作用C物體做勻加速運(yùn)動(dòng)D懸繩對(duì)物體的拉力小于物體的重力解析分析M可知，其受兩個(gè)力作用，重力和輕繩拉力，因?yàn)閼覓煳矬w的輕繩始終處于豎直方向，故二力平衡，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，C、D錯(cuò)誤；再對(duì)環(huán)進(jìn)行受力分析可知，環(huán)受重力、輕繩拉力、滑桿支持力和摩擦力，A錯(cuò)、B正確答案B6一質(zhì)量為m的物塊恰好靜止在傾角為的斜面上現(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向下的恒力F，如圖6所示則物塊()圖6A仍處于靜止?fàn)顟B(tài) B沿斜面加速下滑C受到的摩擦力不變 D受到的合外力增大解析由于物塊恰好靜止在斜面上，由平衡條件知mgsin mgcos 當(dāng)加一豎直向下的力F時(shí)Ff(mgF)cos 由得Ff(mgF)sin ，所以物塊仍保持靜止答案A7 如圖7所示，A、B兩物體疊放在水平地面上，A物體質(zhì)量m20 kg，B物體質(zhì)量M30 kg.處于水平位置的輕彈簧一端固定于墻壁，另一端與A物體相連，彈簧處于自然狀態(tài)，其勁度系數(shù)為250 N/m，A與B之間、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5.現(xiàn)有一水平推力F作用于物體B上緩慢地向墻壁移動(dòng)，當(dāng)移動(dòng)0.2 m時(shí)，水平推力F的大小為(g取10 m/s2)()圖7A350 NB300 NC250 N D200 N解析 由題意可知fAmaxmg100 N當(dāng)A向左移動(dòng)0.2 m時(shí)，F(xiàn)彈kx50 N，F(xiàn)彈<fAmax，即A、B間未出現(xiàn)相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)整體受力分析可知，F(xiàn)fBF彈(mM)gkx300 N，B選項(xiàng)正確答案 B8如圖8所示，桌面上固定一個(gè)光滑的豎直擋板，現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量一定的重球A與截面為三角形的墊塊B疊放在一起，用水平外力F可以緩緩向左推動(dòng)B，使球慢慢升高，設(shè)各接觸面均光滑，則該過程中()圖8AA和B均受三個(gè)力作用而平衡BB對(duì)桌面的壓力越來越大CA對(duì)B的壓力越來越小D推力F的大小恒定不變解析 分析A、B整體受力如圖甲所示，由平衡條件可得：NB(mAmB)g，不隨球的升高而改變，故B錯(cuò)誤；分析球A受力如圖乙所示，由平衡條件可得：NABmg/cos ，NAmgtan ，并不隨球的升高而改變，故緩慢推動(dòng)B的過程中F也不變，C錯(cuò)誤、D正確；墊塊B受支持力、壓力、重力、推力F四個(gè)力作用，A錯(cuò)誤答案 D9如圖9所示，木塊m和M疊放在一固定在地面不動(dòng)的斜面上，它們一起沿斜面勻速下滑，則m、M間的動(dòng)摩擦因數(shù)1和M、斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2可能正確的有()圖8A10，20 B10，20C10，20 D10，20解析因木塊m和M整體沿斜面勻速下滑，所以M與斜面之間一定存在摩擦力，故M、斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2一定不等于零；因木塊m和M的接觸面水平，由m的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可知，它一定不受M的摩擦力，所以木塊m和M之間的動(dòng)摩擦因數(shù)1可以為零，也可以不為零，B、D項(xiàng)正確答案BD10如圖10所示，質(zhì)量為m、橫截面為直角三角形的物塊ABC，BAC，AB邊靠在豎直墻面上，F(xiàn)是垂直于斜面AC的推力物塊與墻面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(<1)現(xiàn)物塊靜止不動(dòng)，則()圖10A物塊可能受到4個(gè)力作用B物塊受到墻的摩擦力的方向一定向上C物塊對(duì)墻的壓力一定為Fcos D物塊受到摩擦力的大小可能等于F解析本題的靜摩擦力有臨界點(diǎn)假設(shè)Fsin mg，則沒有摩擦力，物塊受mg、F、墻的支持力FN三個(gè)力作用假設(shè)Fsin <mg，則摩擦力Ff向上，物塊受mg、F、墻的支持力FN及Ff四個(gè)力作用假設(shè)Fsin >mg，則摩擦力Ff向下，物塊受mg、F、墻的支持力FN及Ff四個(gè)力作用故選A、不選B.在各種情況中，物塊對(duì)墻的壓力都等于Fcos ，如下圖所示故選C.因最大靜摩擦力為Fcos <F，故不選D.答案AC11如圖11所示，直角三角形框架ABC(角C為直角)固定在水平地面上，已知AC與水平方向的夾角為30.小環(huán)P、Q分別套在光滑臂AC、BC上，用一根細(xì)繩連接兩小環(huán)，靜止時(shí)細(xì)繩恰好處于水平方向，小環(huán)P、Q的質(zhì)量分別為m1、m2，則小環(huán)P、Q的質(zhì)量之比為()圖11A. B.3C. D.解析分析P的受力情況如下圖所示，根據(jù)平衡條件，可得Tm1gtan 30.對(duì)Q同理可得Tm2gtan 60，由此得3，選項(xiàng)B正確答案B12兩個(gè)相同的小球A和B，質(zhì)量均為m，用長度相同的兩根細(xì)線把A、B兩球懸掛在水平天花板上的同一點(diǎn)O，并用長度相同的細(xì)線連接A、B兩小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此時(shí)三根細(xì)線均處于直線狀態(tài)，且OB細(xì)線恰好處于豎直方向，如圖12所示如果不考慮小球的大小，兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則：圖12 (1)OB繩對(duì)小球的拉力為多大？(2)OA繩對(duì)小球的拉力為多大？(3)作用力F為多大？解析(1)因OB繩處于豎直方向，所以B球處于平衡狀態(tài)，AB繩上的拉力為零，OB繩對(duì)小球的拉力FOBmg.(2)A球在重力mg、水平拉力F和OA繩的拉力FOA三力作用下平衡，所以O(shè)A繩對(duì)小球的拉力FOA2mg.(3)作用力Fmgtan 60mg.答案(1)mg(2)2mg(3)mg