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2019年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題01 函數(shù)的圖象、性質(zhì)及綜合應(yīng)用強(qiáng)化突破理（含解析）新人教版.doc

上傳人：tian****1990

文檔編號(hào)：3250678

上傳時(shí)間：2019-12-10

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《2019年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題01 函數(shù)的圖象、性質(zhì)及綜合應(yīng)用強(qiáng)化突破理（含解析）新人教版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題01 函數(shù)的圖象、性質(zhì)及綜合應(yīng)用強(qiáng)化突破理（含解析）新人教版.doc（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

2019年高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題01 函數(shù)的圖象、性質(zhì)及綜合應(yīng)用強(qiáng)化突破理（含解析）新人教版 1．(xx唐山模擬)函數(shù)y＝的定義域?yàn)锳，全集為R，則?RA為(　　) A．　　　　 B． C．∪(1，＋∞)　　　 D．∪[1，＋∞) 解析：選C　由log0.5(4x－3)≥0，得0<4x－3≤1.∴x>2x　　　 B．2x>lg x>x C．x>2x>lg x　　　 D．2x>x>lg x 解析：選D　當(dāng)x∈(0,1)時(shí)，2x∈(1,2)，x∈(0,1)，lg x∈(－∞，0)，所2x>x>lg x．故選D. 5．已知函數(shù)f(x)＝log|x－1|，則下列結(jié)論正確的是(　　) A．f2＋2＝4，又2＋log2 3＋log3 2<2＋2＋1＝5.故選C. 8．(xx安徽高考)若函數(shù)f(x)＝x3＋ax2＋bx＋c有極值點(diǎn)x1，x2，且f(x1)＝x1，則關(guān)于x的方程3(f(x))2＋2af(x)＋b＝0的不同實(shí)根個(gè)數(shù)是(　　) A．3　　　 B．4　　　 C．5　　　 D．6 解析：選A　由f′(x)＝3x2＋2ax＋b＝0得，x＝x1或x＝x2，即3(f(x))2＋2af(x)＋b＝0的根為f(x)＝x1或f(x)＝x2的解．如圖所示，由圖象可知f(x)＝x1有2個(gè)解，f(x)＝x2有1個(gè)解，因此3(f(x))2＋2af(x)＋b＝0的不同實(shí)根個(gè)數(shù)為3. 9．已知函數(shù)f(x)＝則使函數(shù)f(x)的圖象位于直線y＝1上方的x的取值范圍是________．解析：{x|－12}?、佼?dāng)x≤0時(shí)，3x＋1>1∴x＋1>0，∴－10時(shí)，log2 x>1∴x>2，綜上所述，x的取值范圍為{x|－12}． 10．已知函數(shù)f(x)＝|2x－1|，af(c)>f(b)，則下列結(jié)論中，一定成立的是________． ①a<0，b<0，c<0；　　　?、赼<0，b≥0，c>0； ③2－a<2c；　　　?、?a＋2c<2. 解析：④　畫(huà)出函數(shù)f(x)＝|2x－1|的圖象(如圖所示)，由圖象可知：a<0，b的符號(hào)不確定，1>c>0，故①②錯(cuò)； ∵f(a)＝|2a－1|，f(c)＝|2c－1|， ∴|2a－1|>|2c－1|，即1－2a>2c－1，故2a＋2c<2，④成立．又2a＋2c>2∴2a＋c<1，∴a＋c<0∴－a>c， ∴2－a>2c，③不成立． 11．(xx成都模擬)已知函數(shù)f(x)＝loga x(a>0，且a≠1)，記g(x)＝f(x)[f(x)＋f(2)－1]．若y＝g(x)在區(qū)間上是增函數(shù)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是________．解析：　由已知可得y＝f(x)＝loga x，∴g(x)＝loga x(loga x＋loga 2－1)＝(loga x)2＋loga loga x．當(dāng)a>1時(shí)，y＝loga x在上是增函數(shù)，且loga x∈，若g(x)在上是增函數(shù)，則必有l(wèi)oga ≥－loga ，解得a≤(舍去)；當(dāng)00得－1n>3； ②當(dāng)h(a)的定義域?yàn)閇n，m]時(shí)，值域?yàn)閇n2，m2]？若存在，求出m，n的值；若不存在，說(shuō)明理由．解：(1)∵x∈[－1,1]，∴f(x)＝x∈，若t＝x∈. 則y＝φ(t)＝t2－2at＋3＝(t－a)2＋3－a2. 當(dāng)a<時(shí)，ymin＝h(a)＝φ＝－；當(dāng)≤a≤3時(shí)，ymin＝h(a)＝φ(a)＝3－a2；當(dāng)a>3時(shí)，ymin＝h(a)＝φ(3)＝12－6a. ∴h(a)＝ (2)假設(shè)存在m，n滿(mǎn)足題意． ∵m>n>3，h(a)＝12－6a在(3，＋∞)上是減函數(shù)，又∵h(yuǎn)(a)的定義域?yàn)閇n，m]，值域?yàn)閇n2，m2]， ∴ ②－①得6(m－n)＝(m－n)(m＋n)，即m＋n＝6，與m>n>3矛盾， ∴滿(mǎn)足題意的m，n不存在． 16．已知函數(shù)f(x)＝x2＋mx＋n的圖象過(guò)點(diǎn)(1,3)，且f(－1＋x)＝f(－1－x)對(duì)任意實(shí)數(shù)都成立，函數(shù)y＝g(x)與y＝f(x)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱(chēng)． (1)求f(x)與g(x)的解析式； (2)若F(x)＝g(x)－λf(x)在(－1,1]上是增函數(shù)，求實(shí)數(shù)λ的取值范圍．解：(1)∵f(x)＝x2＋mx＋n. ∴f(－1＋x)＝(－1＋x)2＋m(－1＋x)＋n ＝x2－2x＋1＋mx＋n－m ＝x2＋(m－2)x＋n－m＋1， f(－1－x)＝(－1－x)2＋m(－1－x)＋n ＝x2＋2x＋1－mx－m＋n ＝x2＋(2－m)x＋n－m＋1. 又f(－1＋x)＝f(－1－x)， ∴m－2＝2－m，即m＝2. 又f(x)的圖象過(guò)點(diǎn)(1,3)， ∴3＝12＋m＋n，即m＋n＝2， ∴n＝0，∴f(x)＝x2＋2x，又y＝g(x)與y＝f(x)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱(chēng)， ∴－g(x)＝(－x)2＋2(－x)， ∴g(x)＝－x2＋2x. (2)∵F(x)＝g(x)－λf(x) ＝－(1＋λ)x2＋(2－2λ)x，當(dāng)λ＋1≠0時(shí)，F(xiàn)(x)的對(duì)稱(chēng)軸為x＝＝，又∵F(x)在(－1,1]上是增函數(shù)． ∴或 ∴λ<－1或－1<λ≤0. 當(dāng)λ＋1＝0，即λ＝－1時(shí)，F(xiàn)(x)＝4x顯然在(－1,1]上是增函數(shù)．綜上λ的取值范圍為(－∞，0]．

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