《湖南省長(zhǎng)沙市高二數(shù)學(xué) 暑假作業(yè)13 集合、函數(shù)與導(dǎo)數(shù)單元檢測(cè)3 理 湘教版》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《湖南省長(zhǎng)沙市高二數(shù)學(xué) 暑假作業(yè)13 集合、函數(shù)與導(dǎo)數(shù)單元檢測(cè)3 理 湘教版(4頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、
作業(yè)13:集合、函數(shù)與導(dǎo)數(shù)單元檢測(cè)三
參考時(shí)量:60分鐘 完成時(shí)間: 月 日
一、選擇題(每小題5分,共30分)
1、函數(shù)在定義域內(nèi)可導(dǎo),若,設(shè),
,,則( B )
A. B. C. D.
2、設(shè)函數(shù)f(x)=ax2+bx+c(a,b,c∈R),若x=-1為函數(shù)f(x)ex的一個(gè)極值點(diǎn),則下列圖象不可能為y=f(x)的圖象是( )D
3、由直線x=-,x=,y=0與曲線y=cosx所圍成的封閉圖形的面積為( )D
A. B.1 C. D.
4、若函數(shù)在其定義域內(nèi)的一個(gè)子區(qū)間
2、內(nèi)不是單調(diào)函數(shù),則實(shí)數(shù)k的取值范圍 ( )B
A. B. C. D.
5、已知對(duì)R,函數(shù)都滿足,且當(dāng)時(shí),,則 ( )D
2,4,6
A. B. C. D.
6、已知α、β是三次函數(shù)f(x)=x3+ax2+2bx的兩個(gè)極值點(diǎn),且α∈(0,1),β∈(1,2),則的取值范圍是( )A
A. B. C. D.
二、填空題(每小題5分,共25分)
7、設(shè)曲線在點(diǎn)(1,1)處的切線與x軸的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為,令,則的值為 -2 .
8、已知函數(shù)f(x)=ex-2x+a有零點(diǎn),則a的取
3、值范圍是________.a(chǎn)∈(-∞,2ln2-2].
9、函數(shù)f(x)=x3-3x-a有三個(gè)不同的零點(diǎn),則a的取值范圍是 (-2,2)
10、如圖,從點(diǎn)P1(0,0)作x軸的垂線交曲線y=ex于點(diǎn)Q1(0,1),曲線在Q1點(diǎn)處的切線與x軸交于點(diǎn)P2.現(xiàn)從P2作x軸的垂線交曲線于點(diǎn)Q2,依次重復(fù)上述過(guò)程得到一系列點(diǎn):P1,Q1;P2,Q2;…;Pn,Qn,記Pk點(diǎn)的坐標(biāo)為(xk,0)(k=1,2,…,n).
(1)xk與xk-1的關(guān)系(2≤k≤n)為 xk=xk-1-1(2≤k≤n).
(2)|P1Q1|+|P2Q2|+
4、|P3Q3|+…+|PnQn|=
三、解答題(每小題15分,共45分)
11、設(shè)函數(shù)f(x)=x3+2ax2+bx+a,g(x)=x2-3x+2,其中x∈R,a、b為常數(shù),已知曲線y=f(x)與y=g(x)在點(diǎn)(2,0)處有相同的切線l.
(1)求a、b的值,并寫出切線l的方程;
(2)若方程f(x)+g(x)=mx有三個(gè)互不相同的實(shí)根0、x1、x2,其中x1
5、(x)在點(diǎn)(2,0)處有相同的切線,
故有f(2)=g(2)=0,f′(2)=g′(2)=1.
由此得解得
所以a=-2,b=5,切線l的方程為x-y-2=0.
(2)由(1)得f(x)=x3-4x2+5x-2,
所以f(x)+g(x)=x3-3x2+2x.
依題意,方程x(x2-3x+2-m)=0有三個(gè)互不相同的實(shí)根0、x1、x2,
故x1、x2是方程x2-3x+2-m=0的兩相異的實(shí)根.
所以Δ=9-4(2-m)>0,即m>-.
又對(duì)任意的x∈[x1,x2],f(x)+g(x)
6、0.
由韋達(dá)定理,可得x1+x2=3>0,x1x2=2-m>0,
故00,
則f(x)+g(x)-mx=x(x-x1)(x-x2)≤0,
又f(x1)+g(x1)-mx1=0,
所以函數(shù)f(x)+g(x)-mx在x∈[x1,x2]的最大值為0.
于是當(dāng)-
7、x1)),B(x2,f(x2))的直線的斜率為k.問(wèn):是否存在a,使得k=2-a?若存在,求出a的值;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由.
【解答】 (1)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞).
f′(x)=1+-=.
令g(x)=x2-ax+1,其判別式Δ=a2-4.
①當(dāng)|a|≤2時(shí),Δ≤0,f′(x)≥0.故f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
②當(dāng)a<-2時(shí),Δ>0,g(x)=0的兩根都小于0.
在(0,+∞)上,f′(x)>0.
故f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
③當(dāng)a>2時(shí),Δ>0,g(x)=0的兩根為x1=,x2=.
當(dāng)00;當(dāng)x1
8、)<0;當(dāng)x>x2時(shí),f′(x)>0.
故f(x)分別在(0,x1),(x2,+∞)上單調(diào)遞增,在(x1,x2)上單調(diào)遞減.
(2)由(1)知,a>2.
因?yàn)閒(x1)-f(x2)=(x1-x2)+-a(lnx1-lnx2),所以,
k==1+-a.
又由(1)知,x1x2=1,于是
k=2-a.
若存在a,使得k=2-a,則=1.
即lnx1-lnx2=x1-x2.
亦即x2--2lnx2=0(x2>1).(*)
再由(1)知,函數(shù)h(t)=t--2lnt在(0,+∞)上單調(diào)遞增,而x2>1,所以x2--2lnx2>1--2ln1=0.這與(*)式矛盾.
故不存在a,使
9、得k=2-a.
13、已知函數(shù)
(I)求函數(shù)在上的最小值;
(II)對(duì)一切恒成立,求實(shí)數(shù)的取值范圍;
(III)求證:對(duì)一切,都有
解:(I)f ′(x)=lnx+1,當(dāng)x∈(0,),f ′(x)<0,f (x)單調(diào)遞減,
當(dāng)x∈(,+∞),f ′(x)>0,f (x)單調(diào)遞增. ……2分
①0<t<t+2<,t無(wú)解;②0<t<<t+2,即0<t<時(shí),f (x)min=f ()=-;
③≤t<t+2,即t≥時(shí),f (x)在[t,t+2]上單調(diào)遞增,f (x)min=f (t)=tlnt;
所以f (x)min=. ……5分
(II)2xlnx≥-x2+a
10、x-3,則a≤2lnx+x+, ……6分
設(shè)h (x)=2lnx+x+(x>0),則h′ (x)=,x∈(0,1),h′ (x)<0,h (x)單調(diào)遞減,
x∈(1,+∞),h′ (x)>0,h (x)單調(diào)遞增,所以h (x)min=h (1)=4,
因?yàn)閷?duì)一切x∈(0,+∞),2f (x)≥g (x)恒成立,所以a≤h (x)min=4. ……10分
(III)問(wèn)題等價(jià)于證明xlnx>-(x∈(0,+∞)),
由(I)可知f (x)=xlnx(x∈(0,+∞))的最小值是-,當(dāng)且僅當(dāng)x=時(shí)取到.
設(shè)m (x)=-(x∈(0,+∞)),則m ′(x)=,
易得m (x)max=m (1)=-,當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)取到,
從而對(duì)一切x∈(0,+∞),都有l(wèi)nx>-. ……13分
6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375