《高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 專題四 第2講 數(shù)列的求和及其綜合應(yīng)用 專題升級(jí)訓(xùn)練含答案解析》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 專題四 第2講 數(shù)列的求和及其綜合應(yīng)用 專題升級(jí)訓(xùn)練含答案解析（3頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、
高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料
2019.5
專題升級(jí)訓(xùn)練 數(shù)列的求和及其綜合應(yīng)用
(時(shí)間:60分鐘 滿分:100分)
一、選擇題(本大題共6小題,每小題6分,共36分)
1.已知數(shù)列{an}是公差為2的等差數(shù)列,且a1,a2,a5成等比數(shù)列,則{an}的前5項(xiàng)和S5為( )
A.20 B.30 C.25 D.40
2.(20xx山東煙臺(tái)模擬,3)設(shè)各項(xiàng)都是正數(shù)的等比數(shù)列{an},Sn為前n項(xiàng)和,且S10=10,S30=70,那么S40=( )
A.150 B.-200
C.150或-200 D.400或-50
2、3.已知Sn是非零數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,且Sn=2an-1,則S2 014等于( )
A.1-22 014 B.22 014-1
C.22 015-1 D.22 013
4.若數(shù)列{an}是等差數(shù)列,首項(xiàng)a1>0,a1 003+a1 004>0,a1 003a1 004<0,則使數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn>0成立的最大自然數(shù)n是( )
A.2 005 B.2 006
C.2 007 D.2 008
5.設(shè)數(shù)列{an}是首項(xiàng)為1公比為4的等比數(shù)列,把{an}中的每一項(xiàng)都減去3后,得到一個(gè)新數(shù)列{bn},{bn}的前n項(xiàng)和為Sn,對(duì)任意的n∈N*,下列結(jié)論正確的是( )
A.
3、4bn=bn+1且Sn=(4n-1)
B.4bn-6=bn+1且Sn=(4n-1)
C.4bn+9=bn+1且Sn=(4n-1)-3n
D.4bn-9=bn+1且Sn=(4n-1)-3n
6.(20xx北京東城模擬,7)對(duì)于函數(shù)y=f(x),部分x與y的對(duì)應(yīng)關(guān)系如下表:
x
1
2
3
4
5
6
7
8
9
y
7
4
5[來源:]
8
1
3
5
2
6[來源:]
數(shù)列{xn}滿足x1=2,且對(duì)任意n∈N*,點(diǎn)(xn,xn+1)都在函數(shù)y=f(x)的圖象上,則x1+x2+x3+x4+…+x20xx+x20xx的值為( )
A.9 3
4、94 B.9 380 C.9 396 D.9 400
二、填空題(本大題共3小題,每小題6分,共18分)
7.在等差數(shù)列{an}中,首項(xiàng)a1=0,公差d≠0,若ak=S6,則k的值為 .[來源:數(shù)理化網(wǎng)]
8.已知數(shù)列{an}滿足a1=,且對(duì)任意的正整數(shù)m,n都有am+n=aman,則數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn= .
9.對(duì)于數(shù)列{an},定義數(shù)列{an+1-an}為數(shù)列{an}的“差數(shù)列”,若a1=2,{an}的“差數(shù)列”的通項(xiàng)為2n,則數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn= .
三、解答題(本大題共3小題,共46分.解答應(yīng)寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟)
10.(本小
5、題滿分15分)在數(shù)列{an}中,a1=,若函數(shù)f(x)=x3+1在點(diǎn)(1,f(1))處切線過點(diǎn)(an+1,an).
(1)求證:數(shù)列為等比數(shù)列;
(2)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式和前n項(xiàng)和公式Sn.
11.(本小題滿分15分)已知函數(shù)f(x)=,數(shù)列{an}滿足a1=1,an+1=f,n∈N*.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2)令bn=(n≥2),b1=3,Sn=b1+b2+…+bn,若Sn<對(duì)一切n∈N*成立,求最小正整數(shù)m.
12.(本小題滿分16分)(20xx江蘇,19)設(shè){an}是首項(xiàng)為a,公差為d的等差數(shù)列(d≠0),Sn是其前n項(xiàng)和.記bn=,n∈N*,其
6、中c為實(shí)數(shù).
(1)若c=0,且b1,b2,b4成等比數(shù)列,證明:Snk=n2Sk(k,n∈N*);[來源:]
(2)若{bn}是等差數(shù)列,證明:c=0.
##
1.C
2.A
3.B 解析:∵Sn=2an-1,∴Sn-1=2an-1-1(n≥2),兩式相減得an=2an-2an-1,即an=2an-1,∴數(shù)列{an}是公比為2的等比數(shù)列,由S1=2a1-1,得a1=1,
∴S2 014==22 014-1.
4.B 解析:由a1>0,a1 003+a1 004>0,a1 003a1 004<0,可知數(shù)列{an}是遞減的等差數(shù)列,
∴a1 003>0,a1 004<0.又a1
7、 003+a1 004=a1+a2 006>0,a1+a2 007=2a1 004<0,
∴S2 006=>0,S2 007==2 007a1 004<0,
∴最大自然數(shù)n是2 006.
5.C 解析:由已知得bn=4n-1-3,故有4bn+9=4(4n-1-3)+9=4n-3=bn+1,Sn=(1+4+42+…+4n-1)-3n=(4n-1)-3n.
6.A 解析:由題意得,x1=2,x2=4,x3=8,x4=2,…數(shù)列的周期為3,故x1+x2+x3+x4+…+x2 012+x2 013=671(x1+x2+x3)=67114=9 394.
7.16
8.2- 解析:令m=1,則
8、an+1=a1an,∴數(shù)列{an}是以a1=為首項(xiàng),為公比的等比數(shù)列,Sn==2-.
9.2n+1-2 解析:∵an+1-an=2n,
∴an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1
=2n-1+2n-2+…+22+2+2
=+2=2n.
∴Sn==2n+1-2.
10.解:(1)證明:因?yàn)閒(x)=3x2,所以切線的斜率為k=3,切點(diǎn)(1,2),
切線方程為y-2=3(x-1)?3x-y-1=0.
又因?yàn)檫^點(diǎn)(an+1,an),
所以3an+1-an-1=0,
即3an+1=an+1,
所以3an+1-=an-?
3=an-
?,
即
9、數(shù)列為一等比數(shù)列,公比q=.
(2)由(1)得為一公比為q=,首項(xiàng)為a1-的等比數(shù)列,
則an-.
∴an=,
Sn=.
11.解:(1)∵an+1=f=an+,
∴{an}是以1為首項(xiàng),為公差的等差數(shù)列.
∴an=1+(n-1)n+.
(2)當(dāng)n≥2時(shí),bn=,
又b1=3=,
∴Sn=b1+b2+…+bn=+…+,
∵Sn<對(duì)一切n∈N*成立,
即對(duì)一切n∈N*成立,
又,∴,
即m≥2 023.
∴最小正整數(shù)m為2 023.
12.證明:由題設(shè),Sn=na+d.
(1)由c=0,得bn==a+d.又因?yàn)閎1,b2,b4成等比數(shù)列,所以=b1b4,
即=
10、a,化簡得d2-2ad=0.因?yàn)閐≠0,所以d=2a.
因此,對(duì)于所有的m∈N*,有Sm=m2a.
從而對(duì)于所有的k,n∈N*,有Snk=(nk)2a=n2k2a=n2Sk.
(2)設(shè)數(shù)列{bn}的公差是d1,則bn=b1+(n-1)d1,即=b1+(n-1)d1,n∈N*,代入Sn的表達(dá)式,整理得,對(duì)于所有的n∈N*,有n3+n2+cd1n=c(d1-b1).
令A(yù)=d1-d,B=b1-d1-a+d,D=c(d1-b1),則對(duì)于所有的n∈N*,有An3+Bn2+cd1n=D.(*)
在(*)式中分別取n=1,2,3,4,得A+B+cd1=8A+4B+2cd1=27A+9B+3cd1=64A+16B+4cd1,
從而有
由②,③得A=0,cd1=-5B,代入方程①,得B=0,從而cd1=0.
即d1-d=0,b1-d1-a+d=0,cd1=0.
若d1=0,則由d1-d=0,得d=0,與題設(shè)矛盾,所以d1≠0.
又因?yàn)閏d1=0,所以c=0.
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