2019屆高三數(shù)學10月月考試題 文(含解析).doc
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2019屆高三數(shù)學10月月考試題 文(含解析) 一、選擇題:本大題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。 1.集合,,則( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 解:A={x|x<0,或x>2},B={x|﹣3<x<3}; ∴A∩B={x|﹣3<x<0,或2<x<3},A∪B=R; ∵A∩B≠A,且A∩B≠B,∴B?A,A?B; 即B正確. 故選:B. 2.已知命題,;命題若,則,下列命題為真命題的是( ?。? A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 解:命題p:?x>0,ln(x+1)>0,則命題p為真命題,則¬p為假命題; 取a=﹣1,b=﹣2,a>b,但a2<b2,則命題q是假命題,則¬q是真命題. ∴p∧q是假命題,p∧¬q是真命題,¬p∧q是假命題,¬p∧¬q是假命題. 故選B. 3.已知向量若與垂直,則的值為( ?。? A. B. C. D. 1 【答案】C 【解析】 解∵ ∴向量(1﹣4,3+2m)=(﹣3,3+2m) 又∵向量與互相垂直, ∴1(﹣3)+3(3+2m)=0 ∴﹣3+9+6m=0?m=﹣1 故選C 4.若,則( ) A. B. C. D. 2 【答案】A 【解析】 由題知,則.故本題答案選. 5.已知銳角△ABC的內(nèi)角A,B,C的對邊分別為a,b,c,23cos2A+cos 2A=0,a=7,c=6,則b等于( ) A. 10 B. 9 C. 8 D. 5 【答案】D 【解析】 由題意知,23cos2A+2cos2A-1=0, 即cos2A=, 又因△ABC為銳角三角形, 所以cosA=. △ABC中由余弦定理知72=b2+62-2b6, 即b2-b-13=0, 即b=5或b=-(舍去),故選D. 6.在四個函數(shù),,,中,最小正周期為的所有函數(shù)個數(shù)為( ?。? A. 1 B. 2 C. 3 D. 4 【答案】B 【解析】 解:函數(shù)y=sin|2x|不是周期函數(shù),不滿足條件; 令y=f(x)=|sinx|,則f(x+π)=|sin(x+π)|=|﹣sinx|=|sinx|=f(x), ∴函數(shù)y=|sinx|是最小正周期為π的函數(shù),滿足條件; 又函數(shù)y=sin(2x+)的最小正周期為T==π,滿足條件; 函數(shù)y=tan(2x﹣)的最小正周期為T=,不滿足條件. 綜上,以上4個函數(shù)中,最小正周期為π有2個. 故選:B. 7.已知中,滿足 的三角形有兩解,則邊長的取值范圍是( ?。? A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 解:由三角形有兩解,則滿足,即 ,解得:2<<,所以邊長的取值范圍(2,), 故選C. 8.函數(shù) 的部分圖象大致為( ?。? A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 去掉B,D; 舍C,選A. 9.函數(shù)的部分圖象如圖所示,則的單調(diào)遞增區(qū)間為( ?。? A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 解:函數(shù)的周期T=2=2π,即,得ω=1, 則f(x)=cos(x+), 則當時,函數(shù)取得最小值, 則π+ =π+2kπ,即 =+2kπ, 即f(x)=cos(x+), 由2kπ+π<x+<2kπ+2π,k∈Z, 即2k+<x<2k+,k∈Z, 即函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為為(2k+,2k+), 故選:D 10.設,,分別為三邊,,的中點,則( ?。? A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 ∵分別為的三邊的中點, ∴ .選D. 11.若函數(shù) 在 單調(diào)遞增,則的取值范圍是( ?。? A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 解:函數(shù)f(x)=x﹣2sinxcosx+acosx 那么:f′(x)=1﹣2cos2x﹣asinx ∵f(x)在[,]單調(diào)遞增,即f′(x)=1﹣2cos2x﹣asinx≥0, sinx在[,]上恒大于0, 可得:a≤ 令y==,令 可得:y=,(t∈[]) ∴當t=時,y取得最小值為:2 故得 故選D 點睛:將問題轉(zhuǎn)化為不等式恒成立問題是解決本題的關鍵,用分離參數(shù)法解決恒成立問題時要注意參數(shù)系數(shù)正負號的討論. 12.已知函數(shù) ,若 存在唯一的零點,且 ,則實數(shù) 的取值范圍為( ?。? A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 解:由題意可得f(x)=0, 即為ax3﹣2x2+1=0, 可得a=, 令g(x)=, g′(x)= 可得x<,x>時,g(x)遞減; 當<x<0,0<x<時,g(x)遞增. 作出g(x)的圖象,可得g(x)的極大值為g()=, 由題意 可得當a>時,f(x)存在唯一的零點x0,且x0<0, 故選:D. 點睛:將函數(shù)零點問題轉(zhuǎn)化為方程a=解問題后,再進一步轉(zhuǎn)化為兩函數(shù)y=a,的交點問題是解決本題的關鍵.通過討論的單調(diào)性,作出其大致圖像后,作圖討論兩函數(shù)的交點個數(shù)問題即可得出實數(shù) 的取值范圍. 二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。 13.曲線在點A(0,1)處的切線方程為___________ 【答案】 【解析】 解:由題意得y′=ex, ∴在點A(0,1)處的切線的斜率k=e0=1, ∴所求的切線方程為y﹣1=x,即x﹣y+1=0, 14.設函數(shù),則使得成立的的取值范圍是_____. 【答案】 【解析】 解:由題意,f(x)≤2得, 解得0≤x<1及1≤x≤4, 所以使得f(x)≤2成立的x的取值范圍是[0,4]; 故答案為:[0,4]; 本題函數(shù)圖象: 15.設內(nèi)角,,的對邊分別為,,,已知, 且.則邊=________ 【答案】 【解析】 解: 4sinA=4cosBsinC+bsin2C, ?4sin(B+C)=4cosBsinC+2bsinCcosC, ?4sinBcosC+4cosBsinC=4cosBsinC+2bsinCcosC, ?4sinBcosC=2bsinCcosC, ?4sinB=2bsinC,(C≠,cosB≠0) ?4b=2bc,() ?c=2 點睛:應用正弦定理、余弦定理解三角形問題時要注意邊化角、角化邊的運用,同時還需注意三角形其他性質(zhì)的運用,如:大角對大邊;兩邊之和大于第三邊等等. 16.設函數(shù)的圖象與(為常數(shù))的圖象關于直線對稱.且,則 =______. 【答案】 【解析】 解:函數(shù)y=f(x)的圖象與y=lg(x+a)(a為常數(shù))的圖象關于直線y=x對稱, ∴f(x)=10﹣x+a, ∴, 解得a=1; ∴ f(﹣1)=10+1=9. 故答案為:9. 點睛:熟練掌握求函數(shù)反函數(shù)及函數(shù)圖像變換方法是解決本題的關鍵.這里先求出y=lg(x+a)反函數(shù)的解析式,再求反函數(shù)關于原點對稱的函數(shù)的解析式即可得到的解析式. 三、解答題:共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。第17~21題為必考題,每個試題考生都必須作答。第22、23題為選考題,考生根據(jù)要求作答。 (一)必考題:60分。 17.已知函數(shù). (1)求函數(shù)的對稱軸方程; (2)將函數(shù)的圖象上各點的縱坐標保持不變,橫坐標伸長為原來的2倍,然后再向左平移個單位,得到函數(shù)的圖象.若,,分別是△三個內(nèi)角,,的對邊,,,且,求的值. 【答案】(Ⅰ) (Ⅱ) 【解析】 試題分析:(1)先運用二倍角公式將轉(zhuǎn)化為 的形式后再令,解出x即為的對稱軸方程;(2)由三角函數(shù)圖像平移變換、伸縮變換的方法求出的解析式,再由求出角B后,應用余弦定理即可求出b值. 試題解析: 解:(Ⅰ)函數(shù) , 令, 解得,, 所以函數(shù)f(x)的對稱軸方程為,,. (Ⅱ)函數(shù)f(x)的圖象各點縱坐標不變,橫坐標伸長為原來的2倍,得到函數(shù)的圖象, 再向左平移個單位,得到函數(shù)的圖象, 所以函數(shù). 又△ABC中,(B)=0,所以,又, 所以,則. 由余弦定理可知,, 所以. 18.如圖所示,在四棱錐中,平面,底面是菱形,,,.為與的交點,為棱上一點, (1)證明:平面⊥平面; (2)若三棱錐的體積為, 求證:∥平面. 【答案】(1)見解析 (2) 見解析 【解析】 試題分析:(1)要證明平面⊥平面,由面面垂直的判定定理知需在平面平面內(nèi)找到一條直線垂直于另一個平面,通過分析后易知AC⊥平面PBD,再由線面垂直的判定定理即可證明.(2)由VP﹣EAD,需作出三棱錐的高,為此通過觀察分析后,我們?nèi)D中點H,連結(jié)BH,PH,在△PBH中,經(jīng)點E作EF∥BH,交PH于點F,易證BH⊥平面PAD,再由EF∥BH,可得EF⊥平面PAD,故EF為三棱錐的高, 再由VP﹣EAD,可求出EF的值,又由∠BAD=60,BH⊥AD,可求出BH的值,至此易知,即E為PB中點,而O為BD中點,所以OE為△PBD的中位線,由三角形中位線性質(zhì)可得OE∥PD,再由線面平行判定定理PD∥平面EAC. 試題解析: 證明:(1)∵ABCD是菱形,∴AC⊥BD, ∵PD⊥底面ABCD,∴AC⊥PD, ∴AC⊥平面PBD, 又∵AC?平面AEC, ∴平面AEC⊥平面PDB. (2)取AD中點H,連結(jié)BH,PH,在△PBH中,經(jīng)點E作EF∥BH,交PH于點F, ∵四邊形ABCD是菱形,∠BAD=60, ∴BH⊥AD,又BH⊥PD,AD∩PD=D, ∴BH⊥平面PAD,EF⊥平面PAD, 可得:BH=AB=, ∴VP﹣EAD=VE﹣PAD=SPADEF= , ∴EF=, ∴,可得E為PB中點, 又∵O為BD中點, ∴OE∥PD, ∵PD?平面EAC,OE?平面EAC, ∴PD∥平面EAC. 點睛:作出三棱錐的高是解決問題(2)的關鍵.該題還可以應用空間向量來解決. 19.甲、乙兩臺機床生產(chǎn)同一型號零件.記生產(chǎn)的零件的尺寸為(cm),相關行業(yè)質(zhì)檢部門規(guī)定:若,則該零件為優(yōu)等品;若,則該零件為中等品;其余零件為次品.現(xiàn)分別從甲、乙機床生產(chǎn)的零件中各隨機抽取50件,經(jīng)質(zhì)量檢測得到下表數(shù)據(jù): 尺寸 甲零件頻數(shù) 2 3 20 20 4 1 乙零件頻數(shù) 3 5 17 13 8 4 (Ⅰ)設生產(chǎn)每件產(chǎn)品的利潤為:優(yōu)等品3元,中等品1元,次品虧本1元.若將頻率視為概率,試根據(jù)樣本估計總體的思想,估算甲機床生產(chǎn)一件零件的利潤的數(shù)學期望; (Ⅱ)對于這兩臺機床生產(chǎn)的零件,在排除其它因素影響的情況下,試根據(jù)樣本估計總體的思想,估計約有多大的把握認為“零件優(yōu)等與否和所用機床有關”,并說明理由. 參考公式:. 參考數(shù)據(jù): 0.25 0.15 0.10 0.05 0.025 0.010 1.323 2.072 2.706 3.841 5.024 6.635 【答案】(1)(2)約有的把握認為“零件優(yōu)等與否和所用機床有關”. 【解析】 試題分析:解:(Ⅰ)設甲機床生產(chǎn)一件零件獲得的利潤為元,它的分布列為 3 1 0.8 0.14 0.06 則有=30.8+10.14+(-1)0.06=2.48(元). 所以,甲機床生產(chǎn)一件零件的利潤的數(shù)學期望為2.48元. (Ⅱ)由表中數(shù)據(jù)可知:甲機床優(yōu)等品40個,非優(yōu)等品10個;乙機床優(yōu)等品30個,非優(yōu)等品20個. 制作22列聯(lián)表如下: 甲機床 乙機床 合計 優(yōu)等品 40 30 70 非優(yōu)等品 10 20 30 合計 50 50 100 計算=. 考察參考數(shù)據(jù)并注意到,可知:對于這兩臺機床生產(chǎn)的零件,在排除其它因素影響的情況下,根據(jù)樣本估計總體的思想,約有95%的把握認為“零件優(yōu)等與否和所用機床有關”. 考點:列聯(lián)表,直方圖,期望,分布列 點評:本小題主要考查概率統(tǒng)計的基礎知識和獨立性檢驗、頻率估計概率、樣本估計總體等統(tǒng)計思想方法,考查數(shù)據(jù)處理能力、運算求解能力以及應用意識,考查函數(shù)與方程思想、必然與或然思想. 20.在平面直角坐標系中,點,點在軸上,點在軸非負半軸上,點滿足: (1)當點在軸上移動時,求動點的軌跡C的方程; (2)設為曲線C上一點,直線過點且與曲線C在點處的切線垂直,與C的另一個交點為,若以線段為直徑的圓經(jīng)過原點,求直線的方程. 【答案】(Ⅰ) (Ⅱ) 【解析】 試題分析:(1)由點在軸上,點在軸非負半軸上且為動點,可設出設A(a,0),B(0,b),M(x,y),由關系,將向量坐標代入可得動點的軌跡C的方程. (2)設Q(m,2m2), 直線過點且與曲線C在點處的切線垂直,可求出直線l的方程為y﹣2m2=(x﹣m),設,聯(lián)立與C的方程,并由韋達定理可得,, (2m2)yR,2m2yR,又由線段為直徑的圓經(jīng)過原點,所以,即mxR+(2m2)yR=0,整理后可求出直線的方程. 試題解析: 解:(Ⅰ)設A(a,0),M(x,y),B(0,b),則=(x﹣a,y),=(﹣a,b),=(a,1) ∵=2,∴有(x﹣a,y)=2(﹣a,b),即有x﹣a=﹣2a,y=2b,即x=﹣a,y=2b ∵,∴有a(x﹣a)+y=0 ∴﹣x(x+x)+y=0,∴﹣2x2+y=0 即C的方程是y=2x2; (Ⅱ)設Q(m,2m2),直線l的斜率為k,則y′=4x,∴k= ∴直線l的方程為y﹣2m2=(x﹣m) 與y=2x2聯(lián)立,消去y可得2x2+x﹣2m2﹣=0,該方程必有兩根m與xR,且mxR=﹣m2﹣ ∴(2m2)yR=4(﹣m2﹣)2 ∵,∴mxR+(2m2)yR=0,∴﹣m2﹣+4(﹣m2﹣)2=0,∴m= ∴直線l的方程為. 21.已知為實常數(shù),函數(shù). (1)討論函數(shù)的單調(diào)性; (2)若函數(shù)有兩個不同的零點,求實數(shù)的取值范圍. 【答案】(Ⅰ) 在上是增函數(shù),在上是減函數(shù); (Ⅱ) 的取值范圍是 【解析】 試題分析: (1)求出函數(shù)的定義域后對函數(shù)進行求導,通過討論導函數(shù)的符號,即可得出函數(shù)的單調(diào)性.(2)在(1)的基礎上知,函數(shù)有兩個不同的零點的必要條件是a>0且()=ln>0,解得0<a<1.為求充分條件,通過分析后取x=()=﹣1﹣+1=﹣<0,由函數(shù)零點存在定理知在(,)存在一個零點. 再取x=,通過分析后()<0,易知存在x∈(,),使得(x)=0,所以可知0<a<1時函數(shù)有兩個不同的零點. 試題解析: 解:(Ⅰ)(x) =lnx+1﹣ax, 函數(shù)(x)的定義域為(0,+∞),其導數(shù)′(x)=. ①當a≤0時,′(x)>0,函數(shù)(x)在(0,+∞)上是增函數(shù); ②當a>0時,′(x)>0?0<x<;′(x)<0?x>. 所以函數(shù)(x)在(0,)上是增函數(shù),在(,+∞)上是減函數(shù). (Ⅱ)由(Ⅰ)得,當a≤0時,函數(shù)(x)在(0,+∞)上是增函數(shù),不可能有兩個零點; 當a>0時,函數(shù)(x)在(0,)上是增函數(shù),在(,+∞)上是減函數(shù), 此時()為函數(shù)g(x)的最大值, 若()≤0,則函數(shù)(x)最多有一個零點,不合題意, 所以()=ln>0,解得0<a<1. 因為,<1<<,?。ǎ?﹣1﹣+1=﹣<0, 則x1∈(,),使得(x1)=0; ?。ǎ?2﹣2lna﹣(0<a<1), 令F(a)=2﹣2lna﹣(0<a<1),則F′(a)=﹣+=>0,(0<a<1), 所以F(a)在(0,1)上單調(diào)遞增. 所以F(a)<F(1)=2﹣e<0,即()<0,則x2∈(,),使得(x2)=0, 故函數(shù)(x)有兩個不同的零點x1,x2(x1<x2),且x1,x2∈(,). 綜上a的取值范圍是(0,1). 點睛:討論含有參數(shù)的函數(shù)的單調(diào)性時,求導后需對參數(shù)進行分類討論;討論函數(shù)的零點問題很多時候需將函數(shù)零點存在定理與單調(diào)性結(jié)合起來,通過不斷嘗試后,在合適區(qū)間上討論. (二)選考題:共10分。請考生在第22、23題中任選一題作答,如果多做,則按所做的第一題計分。 22.[選修4―4:坐標系與參數(shù)方程] 在直角坐標系,曲線的參數(shù)方程為(為參數(shù),).在以坐標原點為極點,軸正半軸為極軸的極坐標系中,曲線. (1)說明是哪種曲線,并將的方程化為極坐標方程; (2)已知與的交于,兩點,且過極點,求線段的長. 【答案】(Ⅰ) 為以為圓心,以 為半徑的圓; (Ⅱ) 【解析】 試題分析: (1)為知是哪種曲線,需將的參數(shù)方程化為普通方程,再將普通方程化為極坐標方程.(2)先將與方程化為普通方程,易知AB為與的公共弦長,在求出弦AB的方程后,由點到直線的距離公式求出C2(0,1)到公共弦的距離為,由勾股定理即可求出 試題解析: 解:(1)∵曲線C1的參數(shù)方程為(t為參數(shù),a>0). ∴C1的普通方程為, ∴C1為以C1(,0)為圓心,以a為半徑的圓, 由ρ2=x2+y2,x=ρcosθ,y=ρsinθ,得C1的極坐標方程為. (2)解法一:∵曲線. ∴, 二者相減得公共弦方程為, ∵AB過極點,∴公共弦方程過原點, ∵a>0,∴a=3,∴公共弦方程為, 則C2(0,1)到公共弦的距離為. ∴. 解法二:∵AB:θ=θ0, ∴與ρ2=2ρsinθ+6為ρ的同解方程, ∴或θ=. ∴. 23.[選修4—5:不等式選講] 已知函數(shù). (1)當時,求不等式的解集; (2)若不等式的解集包含,求的取值范圍. 【答案】(Ⅰ) ,或 (Ⅱ)或 【解析】 試題分析: (1)主要考查了含絕對值不等式的解法.當時,這里可采用零點分段法即可解出不等式的解集.(2)不等式的解集包含,易知當x∈[1,3]時,不等式f(x)≥|x﹣6|恒成立,適當變形為|x﹣a|≥|x﹣6|﹣|x﹣5|=6﹣x﹣(5﹣x)=1,即得|x﹣a|≥1在x∈[1,3]恒成立. 試題解析: 解:(1)當a=3時,求不等式f(x)≥3,即|x﹣3|+|x﹣5|≥3, ∴①,或 ②,或③. 解①求得x≤;解②求得x∈;解③求得x≥. 綜上可得,不等式f(x)≥3的解集為{x|x≤,或 x≥}. (2)若不等式f(x)≥|x﹣6|的解集包含[1,3], 等價于當x∈[1,3]時,不等式f(x)≥|x﹣6|恒成立, 即|x﹣a|+|x﹣5|≥|x﹣6|恒成立,即|x﹣a|≥|x﹣6|﹣|x﹣5|=6﹣x﹣(5﹣x)=1恒成立,即|x﹣a|≥1 恒成立, ∴x﹣a≥1,或 x﹣a≤﹣1恒成立,即a≤x﹣1,或a≥x+1 恒成立,∴a≤0,或a≥4. 綜上可得,a≤0,或a≥4.- 配套講稿:
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