2018-2019高考物理二輪復習 選擇題提速練4.doc

選擇題提速練415為單選，68為多選1(2018吉林質檢)如圖甲所示，Q1、Q2為兩個被固定的點電荷，其中Q1帶負電荷，a、b兩點在它們連線的延長線上現有一帶負電荷的粒子以一定的初速度沿直線從a點開始經b點向遠處運動(粒子只受電場力作用)，粒子經過a、b兩點時的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示以下說法中正確的是(C)AQ2一定帶負電BQ2的電荷量一定大于Q1的電荷量Cb點的電場強度一定為零D整個運動過程中，粒子的電勢能先減小后增大解析：因為vt圖線的斜率表示加速度，根據題圖乙可知，粒子在b點的加速度為零，其電場力也為零，b點的電場強度一定為零，選項C正確；要使b點的場強為零，Q1、Q2必帶異種電荷，所以Q2一定帶正電，選項A錯誤；Q1、Q2單獨存在時在b點產生的場強必等大反向，再考慮到Q1到b點的距離較大，可知Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量，選項B錯誤；整個運動過程中，粒子的動能和電勢能之和保持不變，考慮到其動能先減小后增大，則其電勢能一定是先增大后減小，選項D錯誤2如圖所示，足夠長平行金屬導軌傾斜放置，傾角為37，寬度為0.5 m，電阻忽略不計，其上端接一小燈泡，電阻為1 .一導體棒MN垂直于導軌放置，質量為0.2 kg，接入電路的電阻為1 ，兩端與導軌接觸良好，與導軌間的動摩擦因數為0.5.在導軌間存在著垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度為0.8 T將導體棒MN由靜止釋放，運動一段時間后，小燈泡穩(wěn)定發(fā)光，此后導體棒MN的運動速度以及小燈泡消耗的電功率分別為(重力加速度g取10 m/s2，sin370.6)(B)A2.5 m/s1 W B5 m/s1 WC7.5 m/s9 W D15 m/s9 W解析：小燈泡穩(wěn)定發(fā)光說明棒做勻速直線運動此時：F安對棒滿足：mgsinmgcos0因為R燈R棒則：P燈P棒再依據功能關系：mgsinvmgcosvP燈P棒聯(lián)立解得v5 m/s，P燈1 W，所以B項正確3(2018河南六市一聯(lián))如圖所示，等離子氣流(由高溫、高壓的等電荷量的正、負離子組成)由左方連續(xù)不斷地以速度v0垂直射入P1和P2兩極板間的勻強磁場中兩平行長直導線ab和cd的相互作用情況為：01 s內排斥，13 s內吸引，34 s內排斥線圈A內有外加磁場，規(guī)定向左為線圈A內磁感應強度B的正方向， 則線圈A內磁感應強度B隨時間t變化的圖象有可能是下圖中的(C)解析：正、負離子在磁場中受洛倫茲力，正離子向P1板偏轉，負離子向P2板偏轉，P1板帶正電，P2板帶負電，ab中電流為從a流向b，在01 s內排斥說明電流從d流向c,13 s內吸引說明電流從c流向d,34 s內排斥說明電流從d流向c，再利用楞次定律、安培定則可判斷只有C項正確4現有兩動能均為E00.35 MeV的H在一條直線上相向運動，兩個H發(fā)生對撞后能發(fā)生核反應，得到He和新粒子，且在核反應過程中釋放的能量完全轉化為He和新粒子的動能已知H的質量為2.014 1 u，He的質量為3.016 0 u，新粒子的質量為1.008 7 u，核反應時質量虧損1 u釋放的核能約為931 MeV(如果涉及計算，結果保留整數)則下列說法正確的是(C)A核反應方程為HHHeHB核反應前后不滿足能量守恒定律C新粒子的動能約為3 MeVD.He的動能約為4 MeV解析：由核反應過程中的質量數和電荷數守恒可知HHHen，則新粒子為中子n，所以A錯誤；核反應過程中質量虧損，釋放能量，虧損的質量轉變?yōu)槟芰?，仍然滿足能量守恒定律，B錯誤；由題意可知E(2.014 1 u23.016 0 u1.008 7 u)931 MeV/u3.3 MeV，根據核反應中系統(tǒng)的能量守恒有EkHeEkn2E0E，根據核反應中系統(tǒng)的動能守恒有pHepn0，由Ek，可知，解得EkHe(2E0E)1 MeV，Ekm(2E0E)3 MeV，所以C正確，D錯誤5如圖所示，有5 000個質量均為m的小球，將它們用長度相等的輕繩依次連接，再將其左端用細繩固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球靜止若連接天花板的細繩與水平方向的夾角為45.則第2 011個小球與2 012個小球之間的輕繩與水平方向的夾角的正切值等于(A)A. B.C. D.解析：對15 000號球整體受力分析，受到水平向右的拉力F、天花板處繩子拉力T0以及5 000個球的重力5 000G，由平衡條件可列出平衡方程：T0cos45F，T0sin455 000G.解得F5 000G.再對2 0125 000號球為整體受力分析，受到水平向右的拉力F、2 989個球的重力2 989G以及2 011個小球與2 012個小球之間的輕繩拉力T，列出平衡方程TcosF，Tsin2 989G.解得tan.6(2018江蘇南通二模)車手要駕駛一輛汽車飛越寬度為d的河流在河岸左側建起如圖高為h、傾角為的斜坡，車手駕車從左側沖上斜坡并從頂端飛出，接著無碰撞地落在右側高為H、傾角為的斜坡上，順利完成了飛越已知h>H，當地重力加速度為g，汽車可視為質點，忽略車在空中運動時所受的空氣阻力根據題設條件可以確定(CD)A汽車在左側斜坡上加速的時間tB汽車離開左側斜坡時的動能EkC汽車在空中飛行的最大高度HmD兩斜坡的傾角滿足<解析：據題分析可知，汽車在左側斜坡上運動情況未知，不能確定加速的時間t，故A錯誤；汽車的質量未知，根據動能表達式Ekmv2可知不能求出汽車離開左側斜坡時的動能Ek，故B錯誤；設汽車離開左側斜坡的速度大小為v1.根據水平方向的勻速直線運動有dv1cost豎直方向的豎直上拋運動有Hm取豎直向上方向為正方向有(hH)v1sintgt2由兩式可求得運動時間t和v1，將v1代入式可求出最大高度Hm，故C正確；根據速度的分解得tan，tan，由于h>H，豎直分速度關系為vy1<vy2，則得<，故D正確7. (2018湖北八校聯(lián)考)如圖甲所示，質量為1 kg的小物塊以初速度v011 m/s從53固定斜面底端先后兩次滑上斜面，第一次對小物塊施加一沿斜面向上的恒力F，第二次無恒力F.圖乙中的兩條線段a、b分別表示存在力F和無恒力F時小物塊沿斜面向上運動的vt圖線不考慮空氣阻力，g取10 m/s2，下列說法正確的是(AD)A恒力F大小為1 NB物塊與斜面間動摩擦因數為0.6C有恒力F時，小物塊在上升過程產生的熱量較少D有恒力F時，小物塊在上升過程機械能的減少量較小解析：根據vt中斜率等于加速度的意義可知：aa10 m/s2，ab11 m/s2；不受拉力時：mabmgsin53mgcos53，代入數據得：0.5；受到拉力的作用時：maaFmgsin53mgcos53；所以：F1 N故A正確，B錯誤；根據運動學公式：x可知，因為有恒力F時，小物塊的加速度小，位移大，所以在上升過程產生的熱量較大故C錯誤；結合C的分析可知，有恒力F時，小物塊上升的高度比較大，所以在最高點的重力勢能比較大，而升高的過程動能的減小是相等的，所以在上升過程機械能的減少量較小故D正確故選AD.8(2018湖南株洲質檢)某種小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，三個完全相同的這種小燈泡連接成如圖乙所示的電路，電源的內阻為1.0 .現閉合開關S，理想電壓表V的示數為4.0 V，則(ABD)A三個燈泡的總電阻為8.3 B電源的電動勢為5.6 VC電源消耗的熱功率為3.0 WD電源的效率為89.3%解析：理想電壓表V的示數為4.0 V，可知串聯(lián)的燈泡電流0.6 A，此時小燈泡電阻 ；每個并聯(lián)燈泡的電流為0.3 A，電壓1.0 V，此時小燈泡電阻RL ，所以總電阻為R總 8.3 ，A正確；電動勢等于E4 V1 V0.61.0 V5.6 V，B正確；電源消耗的熱功率為P熱0.621.0 W0.36 W，C錯誤；電源效率100%89.3%，D正確