2019版高考物理大二輪復(fù)習(xí) 考前基礎(chǔ)回扣練9 電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).doc

回扣練9：電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)1如圖所示，圖甲實(shí)線為方向未知的三條電場(chǎng)線，a、b兩帶電粒子從電場(chǎng)中的P點(diǎn)靜止釋放，不考慮兩粒子間的相互作用，僅在電場(chǎng)力作用下，兩粒子做直線運(yùn)動(dòng)，a、b粒子的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙中實(shí)線所示，虛線為直線則()Aa一定帶正電，b一定帶負(fù)電Ba向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)Ca電勢(shì)能減小，b電勢(shì)能增大Da動(dòng)能減小，b動(dòng)能增大解析：選B.從速度時(shí)間圖象中可以看出，a粒子加速度逐漸增大，b粒子加速度逐漸減小，因?yàn)榱Ｗ觾H受電場(chǎng)力，可知a粒子電場(chǎng)力逐漸增大，b粒子電場(chǎng)力逐漸減小，所以a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)由于不知電場(chǎng)的方向，所以無(wú)法判斷a、b的電性故A錯(cuò)誤，B正確帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，所以a、b的電勢(shì)能均減小故C錯(cuò)誤帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，因?yàn)閮H受電場(chǎng)力，根據(jù)動(dòng)能定理，a、b的動(dòng)能均增加故D錯(cuò)誤故選B.2如圖所示，半徑為R的均勻帶電球殼帶電量為Q(Q>0)已知半徑為R的均勻帶電球殼在球殼的外部產(chǎn)生的電場(chǎng)與一個(gè)位于球心O點(diǎn)的、電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)相同靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是()A球心O處的場(chǎng)強(qiáng)為B在球殼外距球殼為r處的電場(chǎng)強(qiáng)度為C球殼的表面為等勢(shì)面D若取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則球殼表面處的電勢(shì)小于零解析：選C.由對(duì)稱性可知，球心O處的場(chǎng)強(qiáng)為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在球殼外距球殼為r處的電場(chǎng)強(qiáng)度為E ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；球殼的表面處的電場(chǎng)線垂直于表面，則球殼表面為等勢(shì)面，選項(xiàng)C正確；因球殼帶電量為正，則若取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則球殼表面處的電勢(shì)大于零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.3如圖，一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，M、N為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)已知該粒子在M點(diǎn)的速度大小為v0，方向與水平方向的夾角為60，N點(diǎn)為軌跡的最高點(diǎn)，不計(jì)重力則M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為()A.BC D解析：選B.從M點(diǎn)到N點(diǎn)利用動(dòng)能定理有：qUMNmvmvm(v0sin 60)2mv解得：UMN，故B正確4如圖所示為某電場(chǎng)中x軸上電勢(shì)隨x變化的圖象，一個(gè)帶電粒子僅受電場(chǎng)力作用在x0處由靜止釋放沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，且以一定的速度通過(guò)x x2處，則下列說(shuō)法正確的是()Ax1和x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度均為零Bx1和x2之間的場(chǎng)強(qiáng)方向不變C粒子從x0到xx2過(guò)程中，電勢(shì)能先增大后減小D粒子從x0到xx2過(guò)程中，加速度先減小后增大解析：選D. x圖象的切線斜率表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，x1和x2兩處的場(chǎng)強(qiáng)均不為零，因此A項(xiàng)錯(cuò)誤在x軸上沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，逆著電場(chǎng)方向電勢(shì)升高，所以x1到x2之間電場(chǎng)強(qiáng)度的方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向，選項(xiàng)B錯(cuò)誤粒子僅在電場(chǎng)力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，從x0到xx2之間由于電場(chǎng)方向發(fā)生了改變，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能先減小后增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤根據(jù)牛頓第二定律，加速度與電場(chǎng)力大小成正比，電場(chǎng)力大小與各處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小即圖象的斜率大小成正比，由圖象知，粒子的加速度先減小后增大，選項(xiàng)D正確5均勻帶電的球體在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)如圖所示，在半球體上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球半徑為R，MN為通過(guò)半球頂點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有A、B兩點(diǎn)，A、B關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，AB4R.已知A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為()A.E BEC.E DE解析：選B.若將帶電量為2q的球面放在O處，均勻帶電的球殼在A、B點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)為E0，由題知當(dāng)半球面產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E，則B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為EE0E.解得EE，故選B.6(多選)如圖所示，空間分布著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，現(xiàn)在電場(chǎng)區(qū)域內(nèi)某點(diǎn)O處放置一負(fù)點(diǎn)電荷Q，并在以O(shè)點(diǎn)為球心的球面上選取a、b、c、d四點(diǎn)，其中ac連線為球的水平大圓直徑，bd連線與電場(chǎng)方向平行不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是()Ab、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，電勢(shì)相等Ba、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，電勢(shì)相等C若從a點(diǎn)拋出一帶正電小球，小球可能沿a、c所在圓周做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D若從a點(diǎn)拋出一帶負(fù)電小球，小球可能沿b、d所在圓周做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解析：選BC.Q在b點(diǎn)與d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相反，與勻強(qiáng)電場(chǎng)疊加后d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)故A錯(cuò)誤；a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，點(diǎn)電荷在ac兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，電場(chǎng)E在ac兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以ac兩點(diǎn)的電勢(shì)相等故B正確；若能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使小球所受的合力大小不變，方向變化，則應(yīng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)力與重力相平衡，合力為Q所給的庫(kù)侖力故正電荷可沿a、c所在圓周做勻速圓周運(yùn)動(dòng)故C正確；若從a點(diǎn)拋出一帶負(fù)電小球，其所受合力不可能指向Q點(diǎn)，則不能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)故D錯(cuò)誤；故選BC.7(多選)如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形ABC的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷Q和Q分別固定于A、B兩點(diǎn)光滑絕緣直導(dǎo)軌CD的上端點(diǎn)D位于到A、B中點(diǎn)的正上方，且與A、B兩點(diǎn)的距離均為L(zhǎng).在D處質(zhì)量為m、電荷量為q的小球套在軌道上(忽略它對(duì)原電場(chǎng)的影響)，并由靜止釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度為g.忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是()AD點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為B小球到達(dá)CD中點(diǎn)時(shí)，其加速度為零C小球剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，其動(dòng)能為mgLD小球沿直軌道CD下滑過(guò)程中，其電勢(shì)能先增大后減小解析：選AC.根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的性質(zhì)可知，負(fù)電荷在D處的電場(chǎng)強(qiáng)度沿DB方向，正電荷在D處的電場(chǎng)強(qiáng)度沿AD方向，兩個(gè)點(diǎn)電荷的電量是相等的，所以兩個(gè)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，則它們的合場(chǎng)強(qiáng)的方向沿AD、DB的角平分線；由庫(kù)侖定律得，A、B在D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)的大?。篍AEk，則D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)：EDEAcos 60EBcos 60k，故A正確；當(dāng)小球到達(dá)CD中點(diǎn)時(shí)，小球受重力、支持力、正電荷的排斥力、負(fù)電荷的吸引力，對(duì)其受力分析可知，重力和支持力的合力與正電荷的排斥力和負(fù)電荷的吸引力的合力不在同一平面上，故兩個(gè)合力不可能平衡，故加速度不為零，故B錯(cuò)誤；由于C與D到A、B的距離都等于L，結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)特點(diǎn)可知，C點(diǎn)與D點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電場(chǎng)力不做功，故小球的電勢(shì)能不變，下落過(guò)程只有重力做功，即：mgODmv2，又幾何關(guān)系可知：ODLsin 60L，小球的動(dòng)能Ekmv2mgL，故C正確，D錯(cuò)誤故選AC.8(多選)如圖所示，兩個(gè)水平放置的平行板電容器，A板用導(dǎo)線與M板相連，B板和N板都接地讓A板帶電后，在兩個(gè)電容器間分別有P、Q兩個(gè)帶電油滴都處于靜止?fàn)顟B(tài)A、B間電容為C1，電壓為U1，帶電量為Q1；M、N間電容為C2，電壓為U2，帶電量為Q2.若將B板稍向下移，下列說(shuō)法正確的是()AP向下動(dòng)，Q向上動(dòng)BU1減小，U2增大CQ1減小，Q2增大DC1減小，C2增大解析：選AC.將B板下移時(shí)，由C，C1將增??；而MN板不動(dòng)，故MN的電容不變；故D錯(cuò)誤；假設(shè)Q不變，則AB板間的電壓U1將增大，大于MN間的電壓，故AB板將向MN板充電；故Q1減小，Q2增大；故C正確；充電完成，穩(wěn)定后，MN及AB間的電壓均增大，故對(duì)Q分析可知，Q受到的電場(chǎng)力增大，故Q將上移；對(duì)AB分析可知，E1，故電場(chǎng)強(qiáng)度減小，故P受到的電場(chǎng)力減小，故P將向下運(yùn)動(dòng)；故A正確；故選AC.9(多選)有三根長(zhǎng)度皆為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O點(diǎn)，另一端分別掛有質(zhì)量均為m、電量分別為q、q的帶電小球A和B，A、B間用第三根線連接起來(lái)所在空間存在水平向右、大小E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，系統(tǒng)平衡時(shí)，A、B球的位置如圖所示現(xiàn)將O、B之間的輕線燒斷，因空氣阻力，A、B兩球最后會(huì)達(dá)到新的平衡位置(不計(jì)兩帶電小球間相互作用的靜電力)以下說(shuō)法正確的是()AA球的電勢(shì)能增加了qELBB球的電勢(shì)能減少了qELCA球的重力勢(shì)能減少了mgLDB球的重力勢(shì)能減少了mgL解析：選ACD.設(shè)達(dá)到新的平衡位置時(shí)OA繩與豎直方向夾角為，OB繩與豎直方向夾角為，由平衡條件得對(duì)A：T1cos mgT2cos qET1sin T2sin 對(duì)B：Tcos mgqET2sin 聯(lián)立解得：0，45，所以A球的重力勢(shì)能減少了mgL(1cos 30)mgLB球的重力勢(shì)能減少了mgL(1cos 45)mgLcos 30 mgLA球的電勢(shì)能增加了qELsin 30qELB球的電勢(shì)能減小了qEL(sin 45sin 30)qEL綜上所述，故A、C、D正確10(多選)如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直平面(紙面)內(nèi)，且相對(duì)于過(guò)軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對(duì)稱忽略空氣阻力由此可知()AQ點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高B油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大C油滴在Q點(diǎn)的電勢(shì)能比它在P點(diǎn)的大D油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在P點(diǎn)的小解析：選AB.根據(jù)粒子的彎折方向可知，粒子受合力一定指向上方；同時(shí)因軌跡關(guān)于P點(diǎn)對(duì)稱，則可說(shuō)明電場(chǎng)力應(yīng)豎直向上；粒子帶負(fù)電，故說(shuō)明電場(chǎng)方向豎直向下；則可判斷Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高；故A正確；粒子由P到Q過(guò)程，合外力做正功，故油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大；故B正確；因電場(chǎng)力做正功，故電勢(shì)能減小，Q點(diǎn)的電勢(shì)能比它在P點(diǎn)的小；故C錯(cuò)誤；因受力為恒力；故PQ兩點(diǎn)加速度大小相同；故D錯(cuò)誤；故選AB.