《(江蘇專用)2019高考數(shù)學二輪復習 第二篇 第17練 導數(shù)的概念及簡單應用試題 理.docx》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《(江蘇專用)2019高考數(shù)學二輪復習 第二篇 第17練 導數(shù)的概念及簡單應用試題 理.docx(11頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
第17練 導數(shù)的概念及簡單應用
[明晰考情] 1.命題角度:考查導數(shù)的幾何意義,利用導數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值和最值.
2.題目難度:中檔偏難.
考點一 導數(shù)的幾何意義
方法技巧 (1)f′(x0)表示函數(shù)f(x)在x=x0處的瞬時變化率.
(2)f′(x0)的幾何意義是曲線y=f(x)在點P(x0,y0)處切線的斜率.
1.已知函數(shù)f(x+1)=,則曲線y=f(x)在點(1,f(1))處切線的斜率為________.
答案 1
解析 由f(x+1)=,知f(x)==2-.
∴f′(x)=,且f′(1)=1.
由導數(shù)的幾何意義,得所求切線的斜率k=1.
2.(2018宿遷檢測)曲線C:f(x)=lnx+x2在點(1,f(1))處的切線方程為________.
答案 3x-y-2=0
解析 由題可得f′(x)=+2x,f(1)=1,∴f′(1)=3,∴切線方程為y-1=3(x-1),即3x-y-2=0.
3.設曲線y=在點處的切線與直線x+ay+1=0垂直,則a=__________.
答案 1
解析 y′==,
則曲線y=在點處的切線的斜率為k1=1.
所以直線斜率存在,即a≠0,所以斜率k2=-,
又該切線與直線x+ay+1=0垂直,
所以k1k2=-1,解得a=1.
4.(2018全國Ⅰ改編)設函數(shù)f(x)=x3+(a-1)x2+ax,若f(x)為奇函數(shù),則曲線y=f(x)在點(0,0)處的切線方程為________.
答案 x-y=0
解析 方法一 ∵f(x)=x3+(a-1)x2+ax,
∴f′(x)=3x2+2(a-1)x+a.
又f(x)為奇函數(shù),∴f(-x)=-f(x)恒成立,
即-x3+(a-1)x2-ax=-x3-(a-1)x2-ax恒成立,
∴a=1,∴f′(x)=3x2+1,∴f′(0)=1,
∴曲線y=f(x)在點(0,0)處的切線方程為y=x.
方法二 ∵f(x)=x3+(a-1)x2+ax為奇函數(shù),
∴f′(x)=3x2+2(a-1)x+a為偶函數(shù),
∴a=1,即f′(x)=3x2+1,∴f′(0)=1,
∴曲線y=f(x)在點(0,0)處的切線方程為y=x.
考點二 導數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性
方法技巧 (1)若求單調(diào)區(qū)間(或證明單調(diào)性),只要在函數(shù)定義域內(nèi)解(或證明)不等式f′(x)>0或f′(x)<0.
(2)若已知函數(shù)的單調(diào)性,則轉(zhuǎn)化為不等式f′(x)≥0或f′(x)≤0在單調(diào)區(qū)間上恒成立問題來求解.
5.已知函數(shù)f(x)=lnx-x+,若a=-f,b=f(π),c=f(5),則a,b,c的大小關系為________.
答案 c
f(π)>f(5),
∴a>b>c.
6.設函數(shù)f(x)=x2-9lnx在區(qū)間[a-1,a+1]上單調(diào)遞減,則實數(shù)a的取值范圍是________.
答案 (1,2]
解析 易知f(x)的定義域為(0,+∞),且f′(x)=x-.
由f′(x)=x-<0,解得0f(x)恒成立,若x1f(x1)
解析 設g(x)=,則g′(x)==,由題意知g′(x)>0,所以g(x)單調(diào)遞增,當x1f(x1).
8.(2018蘇州調(diào)研)若函數(shù)y=在其定義域上單調(diào)遞減,則稱函數(shù)f(x)是“L函數(shù)”.已知f(x)=ax2+2是“L函數(shù)”,則實數(shù)a的取值范圍是________.
答案 [0,2]
解析 由題意得g(x)=在R上單調(diào)遞減,
所以g′(x)=≤0在R上恒成立,
所以-ax2+2ax-2≤0對任意x∈R恒成立,
所以ax2-2ax+2≥0對任意x∈R恒成立,
所以a=0或解得0≤a≤2.
考點三 導數(shù)與函數(shù)的極值、最值
方法技巧 (1)函數(shù)零點問題,常利用數(shù)形結(jié)合與函數(shù)極值求解.
(2)含參恒成立或存在性問題,可轉(zhuǎn)化為函數(shù)最值問題;若能分離參數(shù),可先分離.
特別提醒 (1)若y=f(x)在x0處可導,則f′(x0)=0是函數(shù)y=f(x)在x=x0處取得極值的必要不充分條件.
(2)函數(shù)f(x)在[a,b]上有唯一一個極值點,這個極值點就是最值點.
9.若x=-2是函數(shù)f(x)=(x2+ax-1)ex-1的極值點,則f(x)的極小值為________.
答案 -1
解析 函數(shù)f(x)=(x2+ax-1)ex-1,
則f′(x)=(2x+a)ex-1+(x2+ax-1)ex-1
=ex-1[x2+(a+2)x+a-1].
由x=-2是函數(shù)f(x)的極值點,得
f′(-2)=e-3(4-2a-4+a-1)=(-a-1)e-3=0,
所以a=-1.
所以f(x)=(x2-x-1)ex-1,
f′(x)=ex-1(x2+x-2).
由ex-1>0恒成立,得當x=-2或x=1時,f′(x)=0,且當x<-2時,f′(x)>0;當-2<x<1時,f′(x)<0;
當x>1時,f′(x)>0.
所以x=1是函數(shù)f(x)的極小值點.
所以函數(shù)f(x)的極小值為f(1)=-1.
10.已知f′(x)是定義在R上的可導函數(shù)f(x)的導數(shù),對任意x∈R,x≠3且x≠-1,都有(x2-2x-3)f′(x)-ex=0,f(-1)<0,f(-2)0,則下列結(jié)論錯誤的是________.(填序號)
①f(x)的增區(qū)間為(-∞,-1),(3,+∞);
②f(x)在x=3處取極小值,在x=-1處取極大值;
③f(x)有3個零點;
④f(x)無最大值也無最小值.
答案?、?
解析 由x≠3且x≠-1,(x2-2x-3)f′(x)-ex=0知,f′(x)=,當x<-1或x>3時,x2-2x-3>0,∴f′(x)>0,當-10,∴由f(x)的草圖(圖略)知,f(x)恰有一個零點,且f(x)無最大值也無最小值,故①②④結(jié)論正確,錯誤的結(jié)論為③.
11.(2018江蘇)若函數(shù)f(x)=2x3-ax2+1(a∈R)在(0,+∞)內(nèi)有且只有一個零點,則f(x)在[-1,1]上的最大值與最小值的和為________.
答案?。?
解析 f′(x)=6x2-2ax=2x(3x-a)(x>0).
①當a≤0時,f′(x)>0,f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增,
又f(0)=1,∴f(x)在(0,+∞)上無零點,不合題意.
②當a>0時,由f′(x)>0,解得x>,
由f′(x)<0,解得0<x<,
∴f(x)在上單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增.
又f(x)只有一個零點,∴f=-+1=0,∴a=3.
此時f(x)=2x3-3x2+1,f′(x)=6x(x-1),
當x∈[-1,1]時,f(x)在[-1,0]上單調(diào)遞增,在(0,1]上單調(diào)遞減.
又f(1)=0,f(-1)=-4,f(0)=1,
∴f(x)max+f(x)min=f(0)+f(-1)=1-4=-3.
12.已知f(x)=x3-3x+3-,g(x)=-(x+1)2+a,?x1∈[0,2],?x2∈[0,2],使得f(x1)≤g(x2)成立,則實數(shù)a的取值范圍是______________.
答案
解析 ?x1∈[0,2],?x2∈[0,2],使得f(x1)≤g(x2)成立,等價于f(x)min≤g(x)min,f′(x)=3x2-3+=(x-1),故當x∈(0,1)時,f′(x)<0;
當x∈(1,2)時,f′(x)>0,故f(x)min=f(1)=1-;
當x=2時,g(x)取得最小值g(2)=a-9,
所以1-≤a-9,即實數(shù)a的取值范圍是a≥10-.
1.已知f(x)=lnx,g(x)=x2+mx+(m<0),直線l與函數(shù)f(x),g(x)的圖象都相切,且與f(x)圖象的切點為(1,f(1)),則m=________.
答案?。?
解析 ∵f′(x)=,∴直線l的斜率為k=f′(1)=1.
又f(1)=0,∴切線l的方程為y=x-1.
g′(x)=x+m,
設直線l與g(x)的圖象的切點為(x0,y0),
則有x0+m=1,y0=x0-1,y0=x+mx0+(m<0),
于是解得m=-2.
2.若函數(shù)f(x)=x-sin2x+asinx在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增,則a的取值范圍是________.
答案
解析 ∵函數(shù)f(x)=x-sin 2x+asin x在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增,
∴f′(x)=1-cos 2x+acos x
=1-(2cos2x-1)+acos x
=-cos2x+acos x+≥0在(-∞,+∞)上恒成立,
即acos x≥cos2x-在(-∞,+∞)上恒成立.
當cos x=0時,恒有0≥-,得a∈R;
當00),
則x1=ea-1-k,x2=lna,
所以x1-x2=ea-1-k-lna,設g(a)=ea-1-k-lna,
則g′(a)=ea-1-,所以當a>1時,g′(a)>0;當00時,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增,
此時由不等式f′(x)=(x-2)ex>0,
解得x>2.
3.已知函數(shù)f(x)=x3-mx2+4x-3在區(qū)間[1,2]上是增函數(shù),則實數(shù)m的取值范圍為________.
答案 (-∞,4]
解析 由函數(shù)f(x)=x3-mx2+4x-3,
可得f′(x)=x2-mx+4,由函數(shù)f(x)=x3-mx2+4x-3在區(qū)間[1,2]上是增函數(shù),
可得x2-mx+4≥0在區(qū)間[1,2]上恒成立,
可得m≤x+,又x+≥2=4,
當且僅當x=2時取等號,
可得m≤4.
4.已知函數(shù)f(x)是定義在區(qū)間(0,+∞)上的可導函數(shù),其導函數(shù)為f′(x),且滿足xf′(x)+2f(x)>0,則不等式<的解集為________.
答案 {x|-2018<x<-2013}
解析 構(gòu)造函數(shù)g(x)=x2f(x),x∈(0,+∞),
則g′(x)=x[2f(x)+xf′(x)].
當x>0時,∵2f(x)+xf′(x)>0,
∴g′(x)>0,
∴g(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
∵不等式<,
∴x+2018>0,
(x+2018)2f(x+2018)<52f(5),
即g(x+2018)<g(5),
∴00,方程6x2-2x+1=0中的Δ=-20<0,
所以f′(x)>0恒成立,
即f(x)在定義域上單調(diào)遞增,無極值點.
6.(2018淮安質(zhì)檢)若函數(shù)f(x)=mx2-(2m+1)x+lnx在x=1處取得極小值,則實數(shù)m的取值范圍是________.
答案
解析 f(x)的定義域是(0,+∞),
∵f(x)=mx2-(2m+1)x+lnx,
∴f′(x)=2mx-(2m+1)+=,
若m=0,f′(x)=,x=1為極大值點,不合題意,
∴m≠0.
令f′(x)=0,解得x=或x=1,
若f(x)在x=1處取得極小值,
則0<<1,解得m>.
7.設a∈R,若函數(shù)y=ex+ax,x∈R有大于零的極值點,則a的取值范圍是________.
答案 (-∞,-1)
解析 ∵y=ex+ax,∴y′=ex+a.
∵函數(shù)y=ex+ax有大于零的極值點,
則方程y′=ex+a=0有大于零的解.
∵當x>0時,-ex<-1,∴a=-ex<-1.
8.定義:如果函數(shù)f(x)在[m,n]上存在x1,x2(m<x1<x2<n)滿足f′(x1)=,f′(x2)=,則稱函數(shù)f(x)是[m,n]上的“雙中值函數(shù)”.已知函數(shù)f(x)=x3-x2+a是[0,a]上的“雙中值函數(shù)”,則實數(shù)a的取值范圍是________.
答案
解析 因為f(x)=x3-x2+a,所以由題意可知,f′(x)=3x2-2x在區(qū)間[0,a]上存在x1,x2(0<x1<x2<a),滿足f′(x1)=f′(x2)==a2-a,所以方程3x2-2x=a2-a在區(qū)間(0,a)上有兩個不相等的實根.
令g(x)=3x2-2x-a2+a(0<x<a),則
解得<a<1,
所以實數(shù)a的取值范圍是.
9.若兩曲線y=x2-1與y=alnx-1存在公切線,則正實數(shù)a的取值范圍是________.
答案 (0,2e]
解析 設兩個切點分別為A(x1,y1),B(x2,y2),其中x2>0,
兩個切線方程分別為y-(x-1)=2x1(x-x1),
y-(aln x2-1)=(x-x2),
化簡得y=2x1x-1-x,y=x+aln x2-a-1,
兩條切線為同一條.
可得則a=-4x(ln x2-1),
令g(x)=4x2-4x2ln x(x>0),則g′(x)=4x(1-2ln x),
所以g(x)在(0,)上單調(diào)遞增,
在(,+∞)上單調(diào)遞減,
g(x)max=g()=2e.
所以a∈(0,2e].
10.(2018全國Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=2sinx+sin2x,則f(x)的最小值是________.
答案 -
解析 f′(x)=2cosx+2cos2x=2cosx+2(2cos2x-1)
=2(2cos2x+cosx-1)=2(2cosx-1)(cosx+1).
∵cosx+1≥0,
∴當cosx<時,f′(x)<0,f(x)單調(diào)遞減;
當cosx>時,f′(x)>0,f(x)單調(diào)遞增,
∴當cosx=時,f(x)取得最小值.
又f(x)=2sinx+sin2x=2sinx(1+cosx),
∴當sinx=-時,f(x)取得最小值,
即f(x)min=2=-.
11.若在區(qū)間[0,1]上存在實數(shù)x使2x(3x+a)<1成立,則a的取值范圍是________.
答案 (-∞,1)
解析 2x(3x+a)<1可化為a<2-x-3x,
則在區(qū)間[0,1]上存在實數(shù)x使2x(3x+a)<1成立等價于a<(2-x-3x)max,而y=2-x-3x在[0,1]上單調(diào)遞減,
∴y=2-x-3x在[0,1]上的最大值為20-0=1,∴a<1,
故a的取值范圍是(-∞,1).
12.已知函數(shù)f(x)=ex-x,若f(x)<0的解集中只有一個正整數(shù),則實數(shù)k的取值范圍為______________.
答案
解析 f(x)<0,即ex-x<0,即kx+<正整數(shù)解只有一個,設g(x)=,所以g′(x)=,當x<1時,g′(x)>0,當x>1時,g′(x)<0,所以g(x)在(-∞,1)上單調(diào)遞增,在(1,+∞)上單調(diào)遞減,所以g(x)max=g(1)=,
由圖可知,kx+<的唯一一個正整數(shù)解只能是1,
所以有解得-≤k<-,
所以實數(shù)k的取值范圍為.
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