高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 17-18版 第7章 第36課 數(shù)列求和

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1、 第36課 數(shù)列求和 [最新考綱] 內(nèi)容 要求 A B C 數(shù)列求和 √ 數(shù)列求和的常用方法 1．公式法 直接利用等差數(shù)列、等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式求和 (1)等差數(shù)列的前n項(xiàng)和公式： Sn＝＝na1＋d； (2)等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式： Sn＝ 2．分組轉(zhuǎn)化法 把數(shù)列的每一項(xiàng)分成兩項(xiàng)或幾項(xiàng)，使其轉(zhuǎn)化為幾個(gè)等差、等比數(shù)列，再求解． 3．裂項(xiàng)相消法 (1)把數(shù)列的通項(xiàng)拆成兩項(xiàng)之差，在求和時(shí)中間的一些項(xiàng)可以相互抵消，從而求得其和． (2)裂項(xiàng)時(shí)常用的三種變形： ①＝－； ②＝； ③＝－. 4．錯(cuò)位相減法 如果一個(gè)數(shù)列的各項(xiàng)是由一個(gè)

2、等差數(shù)列和一個(gè)等比數(shù)列的對(duì)應(yīng)項(xiàng)之積構(gòu)成的，這個(gè)數(shù)列的前n項(xiàng)和可用錯(cuò)位相減法求解． 5．倒序相加法 如果一個(gè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)中與首末兩端等“距離”的兩項(xiàng)的和相等或等于同一個(gè)常數(shù)，那么求這個(gè)數(shù)列的前n項(xiàng)和即可用倒序相加法求解． 6．并項(xiàng)求和法 一個(gè)數(shù)列的前n項(xiàng)和中，可兩兩結(jié)合求解，則稱之為并項(xiàng)求和．形如an＝(－1)nf(n)類型，可采用兩項(xiàng)合并求解． 例如，Sn＝1002－992＋982－972＋…＋22－12 ＝(100＋99)＋(98＋97)＋…＋(2＋1)＝5 050. 1．(思考辨析)判斷下列結(jié)論的正誤．(正確的打“√”，錯(cuò)誤的打“×”) (1)如果數(shù)列{an}為

3、等比數(shù)列，且公比不等于1，則其前n項(xiàng)和Sn＝.(　　) (2)當(dāng)n≥2時(shí)，＝.(　　) (3)求Sn＝a＋2a2＋3a3＋…＋nan之和時(shí)只要把上式等號(hào)兩邊同時(shí)乘以a即可根據(jù)錯(cuò)位相減法求得．(　　) (4)如果數(shù)列{an}是周期為k(k為大于1的正整數(shù))的周期數(shù)列，那么Skm＝mSk.(　　) [答案]　(1)√　(2)√　(3)×　(4)√ 2．(教材改編)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若an＝，則S5等于____________。 　[∵an＝＝－， ∴S5＝a1＋a2＋…＋a5＝1－＋－＋…－＝.] 3．若數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an＝2n＋2n－1，則數(shù)列{an}的前n

4、項(xiàng)和Sn＝__________. 2n＋1－2＋n2　[Sn＝＋＝2n＋1－2＋n2.] 4．(2017·南京模擬)數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an＝(－1)n(2n－1)，則該數(shù)列的前100項(xiàng)之和為_(kāi)_______． 100　[由題意可知，S100＝－1＋3－5＋7－…－197＋199 ＝(－1＋3)＋(－5＋7)＋…＋(－197＋199) ＝2＋2＋…＋2 ＝2×50＝100.] 5．3·2－1＋4·2－2＋5·2－3＋…＋(n＋2)·2－n＝__________. 4－　[設(shè)S＝3×＋4×＋5×＋…＋(n＋2)×， 則S＝3×＋4×＋5×＋…＋(n＋2)×. 兩式相減得S

5、＝3×＋－. ∴S＝3＋－ ＝3＋－＝4－.] 分組轉(zhuǎn)化求和 　(2016·北京高考)已知{an}是等差數(shù)列，{bn}是等比數(shù)列，且b2＝3，b3＝9，a1＝b1，a14＝b4. (1)求{an}的通項(xiàng)公式； (2)設(shè)cn＝an＋bn，求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和． [解]　(1)設(shè)等比數(shù)列{bn}的公比為q，則q＝＝＝3， 所以b1＝＝1，b4＝b3q＝27，所以bn＝3n－1(n＝1,2,3，…)． 設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d. 因?yàn)閍1＝b1＝1，a14＝b4＝27，所以1＋13d＝27，即d＝2. 所以an＝2n－1(n＝1,2,3，…)． (2)由(1)

6、知an＝2n－1，bn＝3n－1. 因此cn＝an＋bn＝2n－1＋3n－1. 從而數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和 Sn＝1＋3＋…＋(2n－1)＋1＋3＋…＋3n－1 ＝＋＝n2＋. [規(guī)律方法]　分組轉(zhuǎn)化法求和的常見(jiàn)類型 (1)若an ＝bn±cn，且{bn}，{cn}為等差或等比數(shù)列，則可采用分組求和法求{an}的前n項(xiàng)和． (2)通項(xiàng)公式為an＝的數(shù)列，其中數(shù)列{bn}，{cn}是等比數(shù)列或等差數(shù)列，可采用分組求和法求和． 易錯(cuò)警示：注意在含有字母的數(shù)列中對(duì)字母的分類討論． [變式訓(xùn)練1]　(2016·浙江高考)設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，已知S2＝4， an＋1＝2S

7、n＋1，n∈N＋. (1)求通項(xiàng)公式an； (2)求數(shù)列{|an－n－2|}的前n項(xiàng)和． [解]　(1)由題意得則 又當(dāng)n≥2時(shí)，由an＋1－an＝(2Sn＋1)－(2Sn－1＋1)＝2an，得an＋1＝3an， 所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an＝3n－1，n∈N＋. (2)設(shè)bn＝|3n－1－n－2|，n∈N＋，則b1＝2，b2＝1. 當(dāng)n≥3時(shí)，由于3n－1>n＋2，故bn＝3n－1－n－2，n≥3. 設(shè)數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為T(mén)n，則T1＝2，T2＝3， 當(dāng)n≥3時(shí)，Tn＝3＋－＝， 所以Tn＝ 裂項(xiàng)相消法求和 　若An和Bn分別表示數(shù)列{an}和{bn}的前

8、n項(xiàng)的和，對(duì)任意正整數(shù)n，an＝2(n＋1)，3An－Bn＝4n. (1)求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式； (2)記cn＝，求{cn}的前n項(xiàng)和Sn. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：62172195】 [解]　(1)由于an＝2(n＋1)，∴{an}為等差數(shù)列，且a1＝4. ∴An＝＝＝n2＋3n， ∴Bn＝3An－4n＝3(n2＋3n)－4n＝3n2＋5n， 當(dāng)n＝1時(shí)，b1＝B1＝8， 當(dāng)n≥2時(shí)，bn＝Bn－Bn－1＝3n2＋5n－[3(n－1)2＋5(n－1)]＝6n＋2.由于b1＝8適合上式，∴bn＝6n＋2. (2)由(1)知cn＝＝ ＝， ∴Sn＝ ＝ ＝－. [規(guī)律方法]　

9、1.裂項(xiàng)相消法求和就是將數(shù)列中的每一項(xiàng)裂成兩項(xiàng)或多項(xiàng)，使這些裂開(kāi)的項(xiàng)出現(xiàn)有規(guī)律的相互抵消，要注意消去了哪些項(xiàng)，保留了哪些項(xiàng)，從而達(dá)到求和的目的． 2．消項(xiàng)規(guī)律：消項(xiàng)后前邊剩幾項(xiàng)，后邊就剩幾項(xiàng)，前邊剩第幾項(xiàng)，后邊就剩倒數(shù)第幾項(xiàng)． [變式訓(xùn)練2]　Sn為數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和．已知an＞0，a＋2an＝4Sn＋3. (1)求{an}的通項(xiàng)公式； (2)設(shè)bn＝，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和． [解]　(1)由a＋2an＝4Sn＋3，① 可知a＋2an＋1＝4Sn＋1＋3.② ②－①，得a－a＋2(an＋1－an)＝4an＋1， 即2(an＋1＋an)＝a－a＝(an＋1＋an)(an＋

10、1－an)． 由an>0，得an＋1－an＝2. 又a＋2a1＝4a1＋3，解得a1＝－1(舍去)或a1＝3. 所以{an}是首項(xiàng)為3，公差為2的等差數(shù)列，通項(xiàng)公式為an＝2n＋1. (2)由an＝2n＋1可知 bn＝＝＝ . 設(shè)數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為T(mén)n，則 Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝ ＝. 錯(cuò)位相減法求和 　(2016·山東高考)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn＝3n2＋8n，{bn}是等差數(shù)列，且an＝bn＋bn＋1. (1)求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式； (2)令cn＝，求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn. [解]　(1)由題意知當(dāng)n≥2時(shí)，an＝Sn－

11、Sn－1＝6n＋5. 當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝S1＝11，符合上式． 所以an＝6n＋5. 設(shè)數(shù)列{bn}的公差為d. 由即 解得所以bn＝3n＋1. (2)由(1)知cn＝＝3(n＋1)·2n＋1. 又Tn＝c1＋c2＋…＋cn， 得Tn＝3×[2×22＋3×23＋…＋(n＋1)×2n＋1]， 2Tn＝3×[2×23＋3×24＋…＋(n＋1)×2n＋2]， 兩式作差，得－Tn＝3×[2×22＋23＋24＋…＋2n＋1－(n＋1)×2n＋2] ＝3× ＝－3n·2n＋2， 所以Tn＝3n·2n＋2. [規(guī)律方法]　1.如果數(shù)列{an}是等差數(shù)列，{bn}是等比數(shù)列，求數(shù)列

12、{an·bn}的前n項(xiàng)和時(shí)，可采用錯(cuò)位相減法求和，一般是和式兩邊同乘以等比數(shù)列{bn}的公比，若{bn}的公比為參數(shù)，應(yīng)分公比等于1和不等于1兩種情況討論． 2．在書(shū)寫(xiě)“Sn”與“qSn”的表達(dá)式時(shí)應(yīng)特別注意將兩式“錯(cuò)項(xiàng)對(duì)齊”，即公比q的同次冪項(xiàng)相減，轉(zhuǎn)化為等比數(shù)列求和． [變式訓(xùn)練3]　已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn滿足S3＝6，S5＝15. (1)求{an}的通項(xiàng)公式； (2)設(shè)bn＝，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：62172196】 [解]　(1)設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，首項(xiàng)為a1. ∵S3＝6，S5＝15， ∴即解得 ∴{an}的通項(xiàng)公式為an ＝

13、a1＋(n－1)d＝1＋(n－1)×1＝n. (2)由(1)得bn＝＝， ∴Tn＝＋＋＋…＋＋，① ①式兩邊同乘， 得 Tn＝＋＋＋…＋＋，② ①－②得Tn＝＋＋＋…＋－ ＝－＝1－－， ∴Tn＝2－－. [思想與方法] 解決非等差、等比數(shù)列的求和，主要有兩種思路： (1)轉(zhuǎn)化的思想，即將一般數(shù)列設(shè)法轉(zhuǎn)化為等差或等比數(shù)列，這一思想方法往往通過(guò)通項(xiàng)分解或錯(cuò)位相減來(lái)完成． (2)不能轉(zhuǎn)化為等差或等比數(shù)列的數(shù)列，往往通過(guò)裂項(xiàng)相消法、倒序相加法等來(lái)求和． [易錯(cuò)與防范] 1．直接應(yīng)用公式求和時(shí)，要注意公式的應(yīng)用范圍，如當(dāng)?shù)缺葦?shù)列公比為參數(shù)(字母)時(shí)，應(yīng)對(duì)其公比是否為1進(jìn)行

14、討論． 2．利用裂項(xiàng)相消法求和的注意事項(xiàng)： (1)抵消后并不一定只剩下第一項(xiàng)和最后一項(xiàng)，也有可能前面剩兩項(xiàng)，后面也剩兩項(xiàng)． (2)將通項(xiàng)裂項(xiàng)后，有時(shí)需要調(diào)整前面的系數(shù)，使裂開(kāi)的兩項(xiàng)之差與系數(shù)之積與原通項(xiàng)相等．如：若{an}是等差數(shù)列， 則＝，＝. 課時(shí)分層訓(xùn)練(三十六) A組　基礎(chǔ)達(dá)標(biāo) (建議用時(shí)：30分鐘) 一、填空題 1．?dāng)?shù)列1，3，5，7，…，(2n－1)＋，…的前n項(xiàng)和Sn的值等于________． n2＋1－　[該數(shù)列的通項(xiàng)公式為an＝(2n－1)＋， 則Sn＝[1＋3＋5＋…＋(2n－1)]＋ ＝n2＋1－.] 2．在數(shù)列{an}中，an＋1－an＝2，S

15、n為{an}的前n項(xiàng)和．若S10＝50，則數(shù)列{an＋an＋1}的前10項(xiàng)和為_(kāi)_______． 120　[{an＋an＋1}的前10項(xiàng)和為a1＋a2＋a2＋a3＋…＋a10＋a11＝2(a1＋a2＋…＋a10)＋a11－a1＝2S10＋10×2＝120.] 3．中國(guó)古代數(shù)學(xué)著作《算法統(tǒng)宗》中有這樣一個(gè)問(wèn)題：“三百七十八里關(guān)，初行健步不為難，次日腳痛減一半，六朝才得到其關(guān)，要見(jiàn)次日行里數(shù)，請(qǐng)公仔細(xì)算相還．”其意思為：有一個(gè)人走378里路，第一天健步行走，從第二天起腳痛每天走的路程為前一天的一半，走了6天后到達(dá)目的地，請(qǐng)問(wèn)第二天走了________里． 96　[由題意，知每天所走路程形成以

16、a1為首項(xiàng)，公比為的等比數(shù)列，則＝378，解得a1＝192，則a2＝96，即第二天走了96里．] 4．已知數(shù)列5,6,1，－5，…，該數(shù)列的特點(diǎn)是從第二項(xiàng)起，每一項(xiàng)都等于它的前后兩項(xiàng)之和，則這個(gè)數(shù)列的前16項(xiàng)之和S16等于________. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：62172197】 7　[根據(jù)題意這個(gè)數(shù)列的前8項(xiàng)分別為5,6,1，－5，－6，－1,5,6，發(fā)現(xiàn)從第7項(xiàng)起，數(shù)字重復(fù)出現(xiàn)，所以此數(shù)列為周期數(shù)列，且周期為6，前6項(xiàng)和為5＋6＋1＋(－5)＋(－6)＋(－1)＝0. 又因?yàn)?6＝2×6＋4，所以這個(gè)數(shù)列的前16項(xiàng)之和S16＝2×0＋7＝7.] 5．已知函數(shù)f(x)＝xa的圖象過(guò)點(diǎn)(4,

17、2)，令an＝，n∈N＋，記數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，則S2 017＝________. －1　[由f(4)＝2得4a＝2，解得a＝，則f(x)＝x. ∴an＝＝＝－， S2 017＝a1＋a2＋a3＋…＋a2 017＝(－)＋(－)＋(－)＋…＋(－)＝－1.] 6．設(shè)數(shù)列{an }的前n項(xiàng)和為Sn，且an＝sin，n∈N＋，則S2 016＝__________. 0　[an＝sin，n∈N＋，顯然每連續(xù)四項(xiàng)的和為0. S2 016＝S4×504＝0.] 7．對(duì)于數(shù)列{an}，定義數(shù)列{an＋1－an}為數(shù)列{an}的“差數(shù)列”，若a1＝2，{an}的“差數(shù)列”的通項(xiàng)公式為

18、2n，則數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn＝__________. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：62172198】 2n ＋1－2　[∵an＋1－an＝2n， ∴an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1 ＝2n－1＋2n－2＋…＋22＋2＋2＝＋2＝2n－2＋2＝2n. ∴Sn＝＝2n＋1－2.] 8．設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若a2＝12，Sn＝kn2－1(n∈N＋)，則數(shù)列的前n項(xiàng)和為_(kāi)_________． 　[令n＝1得a1＝S1＝k－1，令n＝2得S2＝4k－1＝a1＋a2＝k－1＋12，解得k＝4，所以Sn＝4n2－1，＝＝＝，則數(shù)列的前n項(xiàng)和為＋＋…＋

19、＝＝.] 9．(2017·南通三模)設(shè)數(shù)列{an}滿足a1＝1，(1－an＋1)(1＋an)＝1(n∈N＋)，則(akak＋1)的值為_(kāi)_______． 　[∵(1－an＋1)(1＋an)＝1， ∴an－an＋1＝anan＋1， ∴－＝1.又a1＝1，∴＝1， ∴是首項(xiàng)為1，公差為1的等差數(shù)列，∴＝1＋(n－1)×1＝n. ∴an＝. ∴ak·ak＋1＝＝－， ∴(akak＋1)＝a1a2＋a2a3＋…＋a100a101 ＝1－＋－＋…＋－ ＝1－ ＝.] 10．(2017·蘇州模擬)已知{an}是等差數(shù)列，a5＝15，a10＝－10，記數(shù)列{an}的第n項(xiàng)到第n＋5項(xiàng)

20、的和為T(mén)n，則|Tn|取得最小值時(shí)的n的值為_(kāi)_______． 5或6　[由a5＝15，a10＝－10，得d＝＝＝－5， 則an＝a5＋(n－5)×(－5)＝40－5n， ∴an＋5＝40－5(n＋5)＝15－5n， ∴Tn＝＝165－30n. 當(dāng)|Tn|＝0時(shí)，n＝，又n∈N＋故當(dāng)n＝5或6時(shí)，|Tn|取得最小值．] 二、解答題 11．已知數(shù)列{an}滿足a1＝1，(n＋1)an＝(n－1)an－1(n≥2，n∈N＋)． (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an； (2)設(shè)數(shù)列{an }的前n項(xiàng)和為Sn，證明：Sn<2. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：62172199】 [解]　(1)∵當(dāng)n≥2時(shí)

21、，由(n＋1)an＝(n－1)an－1， 得＝，＝，…，＝. 將上述式子相乘得＝. 又a1＝＝1， ∴an＝. (2)證明：∵an＝＝2， ∴Sn＝2 ＝2＝2－， ∴Sn<2. 12．(2016·全國(guó)卷Ⅱ)Sn為等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，且a1＝1，S7＝28.記bn＝[lg an]，其中[x]表示不超過(guò)x的最大整數(shù)，如[0.9]＝0，[lg 99]＝1. (1)求b1，b11，b101； (2)求數(shù)列{bn}的前1 000項(xiàng)和． [解]　(1)設(shè){an}的公差為d，據(jù)已知有7＋21d＝28，解得d＝1. 所以{an}的通項(xiàng)公式為an＝n. b1＝[lg 1]＝

22、0，b11＝[lg 11]＝1，b101＝[lg 101]＝2. (2)因?yàn)閎n＝ 所以數(shù)列{bn}的前1 000項(xiàng)和為1×90＋2×900＋3×1＝1 893. B組　能力提升 (建議用時(shí)：15分鐘) 1．已知數(shù)列{an}中，a1＝2，a2n＝an＋1，a2n＋1＝n－an，則{an}的前100項(xiàng)和為_(kāi)_______． 1 289　[由a1＝2，a2n＝an＋1，a2n＋1＝n－an， 得a2n＋a2n＋1＝n＋1， ∴a1＋(a2＋a3)＋(a4＋a5)＋…＋(a98＋a99) ＝2＋2＋3＋…＋50＝1 276， ∵a100＝1＋a50＝1＋(1＋a25) ＝2＋(

23、12－a12)＝14－(1＋a6) ＝13－(1＋a3)＝12－(1－a1)＝13， ∴a1＋a2＋…＋a100＝1 276＋13＝1 289.] 2．已知等比數(shù)列{an}的各項(xiàng)都為正數(shù)，且當(dāng)n≥3時(shí)，a4a2n－4＝102n，則數(shù)列l(wèi)g a1,2lg a2,22lg a3,23lg a4，…，2n－1lg an，…的前n項(xiàng)和Sn＝________. (n－1)·2n＋1　[∵等比數(shù)列{an}的各項(xiàng)都為正數(shù)，且當(dāng)n≥3時(shí)， a4a2n－4＝102n，∴a＝102n，即an＝10n， ∴2n－1lg an＝2n－1lg 10n＝n·2n－1， ∴Sn＝1＋2×2＋3×22＋…＋n·

24、2n－1，① 2Sn＝1×2＋2×22＋3×23＋…＋n·2n，② ∴①－②得－Sn＝1＋2＋22＋…＋2n－1－n·2n＝2n－1－n·2n＝(1－n)·2n－1，∴Sn＝(n－1)·2n＋1.] 3．設(shè)Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，已知a1＝3，an＋1＝2Sn＋3(n∈N＋)． (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式； (2)令bn＝(2n－1)an，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn. [解]　(1)當(dāng)n≥2時(shí)，由an＋1＝2Sn＋3得an＝2Sn－1＋3， 兩式相減，得an＋1－an＝2Sn－2Sn－1＝2an， ∴an＋1＝3an，∴＝3. 當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝3，a2＝2S1＋

25、3＝2a1＋3＝9，則＝3. ∴數(shù)列{an}是以a1＝3為首項(xiàng)，公比為3的等比數(shù)列． ∴an＝3×3n－1＝3n. (2)法一：由(1)得bn＝(2n－1)an＝(2n－1)·3n， ∴Tn＝1×3＋3×32＋5×33＋…＋(2n－1)·3n，① 3Tn＝1×32＋3×33＋5×34＋…＋(2n－1)·3n＋1，② ①－②得－2Tn＝1×3＋2×32＋2×33＋…＋2×3n－(2n－1)·3n＋1 ＝3＋2×(32＋33＋…＋3n)－(2n－1)·3n＋1 ＝3＋2×－(2n－1)·3n＋1 ＝－6－(2n－2)·3n＋1. ∴Tn＝(n－1)·3n＋1＋3. 法二：由(

26、1)得bn＝(2n－1)an＝(2n－1)·3n. ∵(2n－1)·3n＝(n－1)·3n＋1－(n－2)·3n， ∴Tn＝b1＋b2＋b3＋…＋bn ＝(0＋3)＋(33＋0)＋(2×34－33)＋…＋[(n－1)·3n＋1－(n－2)·3n] ＝(n－1)·3n＋1＋3. 4．(2017·無(wú)錫期中)已知數(shù)列{an}，{bn}是正項(xiàng)數(shù)列，{an}為等差數(shù)列，{bn}為等比數(shù)列，{bn}的前n項(xiàng)和為Sn(n∈N＋)，且a1＝b1＝1，a2＝b2＋1，a3＝b3－2. (1)求數(shù)列{an}，{bn}的通項(xiàng)公式； (2)令cn＝，求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Sn； (3)設(shè)dn＝，若dn≤m恒成立，求實(shí)數(shù)m的取值范圍． [解]　(1)設(shè)公差為d，公比為q，由已知得a1＝b1＝1，d＝q,2d＝q2－3， 解之得：d＝q＝3，an＝3n－2.又因bn>0，故bn＝3n－1. (2)Sn＝＝＝， 所以cn＝＝2， Tn＝2＝2. (3)dn＝＝， dn＋1－dn＝－＝. 當(dāng)n＝1,2時(shí)，dndn＋1， 又因?yàn)閐1＝，d2＝，d3＝，d4＝，所以m的取值范圍為.