中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題二 解答重難點題型突破 題型五 幾何圖形探究題試題

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1、題型五　幾何圖形探究題 類型一　幾何圖形靜態(tài)探究 1．(2017·成都)問題背景：如圖①，等腰△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，作AD⊥BC于點D，則D為BC的中點，∠BAD＝∠BAC＝60°，于是＝＝； 遷移應(yīng)用：如圖②，△ABC和△ADE都是等腰三角形，∠BAC＝∠DAE＝120°，D，E，C三點在同一條直線上，連接BD. ①求證：△ADB≌△AEC； ②請直接寫出線段AD，BD，CD之間的等量關(guān)系式； 拓展延伸：如圖③，在菱形ABCD中，∠ABC＝120°，在∠ABC內(nèi)作射線BM，作點C關(guān)于BM的對稱點E，連接AE并延長交BM于點F，連接CE，CF. ①證明△CE

2、F是等邊三角形； ②若AE＝5，CE＝2，求BF的長. 2．(2017·許昌模擬)在正方形ABCD中，對角線AC、BD交于點O，動點P在線段BC上(不含點B)，∠BPE＝∠ACB，PE交BO于點E，過點B作BF⊥PE，垂足為F，交AC于點G. (1)當(dāng)點P與點C重合時(如圖①)，求證：△BOG≌△POE； (2)通過觀察、測量、猜想：＝__________，并結(jié)合圖②證明你的猜想； (3)把正方形ABCD改為菱形，其他條件不變(如圖③)，若∠ACB＝α，求的值．(用含α的式子表示)

3、 3．(2014·河南)(1)問題發(fā)現(xiàn) 如圖①，△ACB和△DCE均為等邊三角形，點A，D，E在同一直線上，連接BE. 填空： ①∠AEB的度數(shù)為__________； ②線段AD，BE之間的數(shù)量關(guān)系為__________． (2) 拓展探究 如圖②，△ACB和△DCE均為等腰直角三角形，∠ACB＝∠DCE＝90°，點A，D，E在同一直線上，CM為△DCE中DE邊上的高，連接BE，請判斷∠AEB的度數(shù)及線段CM，AE，BE之間的數(shù)量關(guān)系，并說明理由． (3)解決問題 如圖③，在正方形ABCD中，CD＝，若點P滿足PD＝1，且∠BPD＝9

4、0°，請直接寫出點A到BP的距離. 4．(2017·長春改編)【再現(xiàn)】如圖①，在△ABC中，點D，E分別是AB，AC的中點，可以得到：DE∥BC，且DE＝BC.(不需要證明) 【探究】如圖②，在四邊形ABCD中，點E，F(xiàn)，G，H分別是AB，BC，CD，DA的中點，判斷四邊形EFGH的形狀，并加以證明； 【應(yīng)用】(1)在【探究】的條件下，四邊形ABCD中，滿足什么條件時，四邊形EFGH是菱形？你添加的條件是：__________.(只添加一個條件) (2)如圖③，在四邊形ABCD中，點E，F(xiàn)，G，H分別

5、是AB，BC，CD，DA的中點，對角線AC，BD相交于點O.若AO＝OC，四邊形ABCD面積為5，求陰影部分圖形的面積. 5．(2016·新鄉(xiāng)模擬)問題背景：已知在△ABC中，AB邊上的動點D由A向B運動(與A，B不重合)，同時，點E由點C沿BC的延長線方向運動(E不與C重合)，連接DE交AC于點F，點H是線段AF上一點，求的值． (1)初步嘗試 如圖①，若△ABC是等邊三角形，DH⊥AC，且D，E的運動速度相等，小王同學(xué)發(fā)現(xiàn)可以過點D做DG∥BC，交AC于點G，先證GH＝A

6、H.再證GF＝CF，從而求得的值為__________； (2)類比探究 如圖②，若在△ABC中，∠ABC＝90°，∠ADH＝∠BAC＝30°，且點D，E的運動速度之比是∶1，求的值； (3)延伸拓展 如圖③，若在△ABC中，AB＝AC，∠ADH＝∠BAC＝36°，記＝m，且點D，E的運動速度相等，試用含m的代數(shù)式表示的值(直接寫出結(jié)果，不必寫解答過程) . 類型二　幾何圖形動態(tài)探究 1．(2015·河南)如圖①，在Rt△ABC中，∠B＝90°，BC＝2AB＝8，點D、E分別是邊BC、AC的中點，連

7、接DE，將△EDC繞點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)，記旋轉(zhuǎn)角為α. (1)問題發(fā)現(xiàn) ①當(dāng)α＝0°時，＝__________；②當(dāng)α＝180°時，＝__________； (2)拓展探究 試判斷：當(dāng)0°≤α＜360°時，的大小有無變化？請僅就圖②的情形給出證明． (3)問題解決 當(dāng)△EDC旋轉(zhuǎn)至A，D，E三點共線時，直接寫出線段BD的長． 2．已知，點O是等邊△ABC內(nèi)的任一點，連接OA，OB，OC. (1)如圖①，已知∠AOB＝150°，∠BOC＝120°，將△BOC繞點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)60°得△ADC. ①∠DAO的度數(shù)是__________； ②用等式

8、表示線段OA，OB，OC之間的數(shù)量關(guān)系，并證明； (2)設(shè)∠AOB＝α，∠BOC＝β. ①當(dāng)α，β滿足什么關(guān)系時，OA＋OB＋OC有最小值？請在圖②中畫出符合條件的圖形，并說明理由； ②若等邊△ABC的邊長為1，直接寫出OA＋OB＋OC的最小值. 3．(2013· 河南)如圖①，將兩個完全相同的三角形紙片和重合放置，其中∠C＝90°，∠B＝∠E＝30°. (1)操作發(fā)現(xiàn) 如圖②，固定△ABC，使△DCE繞點C旋轉(zhuǎn)．當(dāng)點D恰好落在AB邊上時，填空： ①線段DE與AC的位置關(guān)系是__________； ②設(shè)△BDC的面積為S1，△AEC的面積為S2

9、，則S1與S2的數(shù)量關(guān)系是__________； (2) 猜想論證 當(dāng)△DEC繞點C旋轉(zhuǎn)到圖③所示的位置時，小明猜想(1)中S1與S2的數(shù)量關(guān)系仍然成立，并嘗試分別作出了△BDC和△AEC中BC、CE邊上的高，請你證明小明的猜想； (3) 拓展探究 已知∠ABC＝60°，點D是其角平分線上一點，BD＝CD＝4，DE∥AB交BC于點E(如圖④)，若在射線BA上存在點F，使S△DCF＝S△BDC，請直接寫出相應(yīng)的BF的長. 4．(2017·鄭州模擬)【問題情境】 數(shù)學(xué)課上，李老師提出了如下問題：

10、在△ABC中，∠ABC＝∠ACB＝α，點D是AB邊上任意一點，將射線DC繞點D逆時針旋轉(zhuǎn)α與過點A且平行于BC邊的直線交于點E.請判斷線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系． 小穎在小組合作交流中，發(fā)表自己的意見：“我們不妨從特殊情況下獲得解決問題的思路，然后類比到一般情況．”小穎的想法獲得了其他成員一致的贊成． 【問題解決】 (1)如圖①，當(dāng)α＝60°時，判斷BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系； 解法如下：過D點作AC的平行線交BC于F，構(gòu)造全等三角形，通過推理使問題得到解決，請你直接寫出線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系：__________. 【類比探究】 (2)如圖②，當(dāng)α＝45°時，請判斷線段BD

11、與AE之間的數(shù)量關(guān)系，并進(jìn)行證明； (3)如圖③，當(dāng)α為任意銳角時，請直接寫出線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系：__________.(用含α的式子表示，其中0°＜α＜90°) 5．(2017·煙臺)【操作發(fā)現(xiàn)】 (1)如圖①，△ABC為等邊三角形，現(xiàn)將三角板中的60°角與∠ACB重合，再將三角板繞點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)(旋轉(zhuǎn)角大于0°且小于30°)，旋轉(zhuǎn)后三角板的一直角邊與AB交于點D，在三角板斜邊上取一點F，使CF＝CD，線段AB上取點E，使∠DCE＝30°，連接AF，EF. ①求∠EAF的度數(shù)； ②DE與EF相等嗎？請說明理由； 【類比探究】 (2)

12、如圖②，△ABC為等腰直角三角形，∠ACB＝90°，先將三角板的90°角與∠ACB重合，再將三角板繞點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)(旋轉(zhuǎn)角大于0°且小于45°)，旋轉(zhuǎn)后三角板的一直角邊與AB交于點D，在三角板另一直角邊上取一點F，使CF＝CD，線段AB上取點E，使∠DCE＝45°，連接AF，EF，請直接寫出探究結(jié)果： ①求∠EAF的度數(shù)； ②線段AE，ED，DB之間的數(shù)量關(guān)系． 題型五　第22題幾何圖形探究題 類型一　幾何圖形靜態(tài)探究 1．遷移應(yīng)用：①證明：∵∠BAC＝∠DAE＝120°， ∴∠DAB＝∠CAE， 在△DAB和△EAC中，，∴△DAB≌△EAC; 　　　,圖②

13、) ②解：結(jié)論：CD＝AD＋BD. 理由：如解圖①，作AH⊥CD于H. ∵△DAB≌△EAC，∴BD＝CE， 在Rt△ADH中，DH＝AD·cos30°＝AD， ∵AD＝AE，AH⊥DE，∴DH＝HE， ∵CD＝DE＋EC＝2DH＋BD＝AD＋BD； 拓展延伸：①證明：如解圖②，作BH⊥AE于H，連接BE. ∵四邊形ABCD是菱形，∠ABC＝120°，∴△ABD，△BDC是等邊三角形，∴BA＝BD＝BC， ∵E、C關(guān)于BM對稱， ∴BC＝BE＝BD＝BA，F(xiàn)E＝FC，∴A、D、E、C四點共圓， ∴∠ADC＝∠AEC＝120°，∴∠FEC＝60°， ∴△EFC是等邊三角形

14、， ②解：∵AE＝5，EC＝EF＝2， ∴AH＝HE＝2.5，F(xiàn)H＝4.5， 在Rt△BHF中，∵∠BFH＝30°， ∴＝cos30°，∴BF＝＝3. 2．(1)證明：∵四邊形ABCD是正方形，P與C重合，∴OB＝OP，∠BOC＝∠BOG＝90°， ∵PF⊥BG，∠PFB＝90°， ∴∠GBO＝90°－∠BGO，∠EPO＝90°－∠BGO，∴∠GBO＝∠EPO， 在△BOG和△POE中，，∴△BOG≌△POE(ASA)； (2)解：猜想＝. 證明：如解圖①，過P作PM∥AC交BG于M，交BO于N， ∴∠PNE＝∠BOC＝90°，∠BPN＝∠OCB. ∵∠OBC＝∠

15、OCB＝45°，∴∠NBP＝∠NPB，∴NB＝NP. ∵∠MBN＝90°－∠BMN，∠NPE＝90°－∠BMN，∴∠MBN＝∠NPE， 在△BMN和△PEN中，， ∴△BMN≌△PEN(ASA)，∴BM＝PE. ∵∠BPE＝∠ACB，∠BPN＝∠ACB，∴∠BPF＝∠MPF. ∵PF⊥BM，∴∠BFP＝∠MFP＝90°. 在△BPF和△MPF中， ，∴△BPF≌△MPF(ASA). ∴BF＝MF. 即BF＝BM.∴BF＝PE.即＝； (3)解：如解圖②，過P作PM∥AC交BG于點M，交BO于點N， ∴∠BPN＝∠ACB＝α，∠PNE＝∠BOC＝90°. 由(2)同理

16、可得BF＝BM，∠MBN＝∠EPN， ∴△BMN∽△PEN，∴＝. 在Rt△BNP中，tanα＝， ∴＝tanα，即＝tanα，∴＝. 3．解：(1)∵△ACB和△DCE均為等邊三角形， ∴CA＝CB，CD＝CE，∠ACB＝∠DCE＝60°，∴∠ACD＝∠BCE. 在△ACD和△BCE中， ， ∴△ACD≌△BCE(SAS)．∴∠ADC＝∠BEC. ∵△DCE為等邊三角形，∴∠CDE＝∠CED＝60°. ∵點A，D，E在同一直線上，∴∠ADC＝120°，∴∠BEC＝120°，∴∠AEB＝∠BEC－∠CED＝60°； ②∴AD＝BE； (2)∠AEB＝90°，AE＝

17、BE＋2CM. 理由：∵△ACB和△DCE均為等腰直角三角形， ∴CA＝CB，CD＝CE，∠ACB＝∠DCE＝90°.∴∠ACD＝∠BCE. 在△ACD和△BCE中， ， ∴△ACD≌△BCE(SAS)．∴AD＝BE，∠ADC＝∠BEC. ∵△DCE為等腰直角三角形，∴∠CDE＝∠CED＝45°. ∵點A，D，E在同一直線上， ∴∠ADC＝135°，∴∠BEC＝135°，∴∠AEB＝∠BEC－∠CED＝90°. ∵CD＝CE，CM⊥DE，∴DM＝ME. ∵∠DCE＝90°，∴DM＝ME＝CM， ∴AE＝AD＋DE＝BE＋2CM； (3)點A到BP的距離為或. 理由如下

18、：∵PD＝1，∴點P在以點D為圓心，1為半徑的圓上． ∵∠BPD＝90°，∴點P在以BD為直徑的圓上．∴點P是這兩圓的交點． ①當(dāng)點P在如解圖①所示位置時， 連接PD、PB、PA，作AH⊥BP，垂足為H， 過點A作AE⊥AP，交BP于點E， ∵四邊形ABCD是正方形， ∴∠ADB＝45°.AB＝AD＝DC＝BC＝，∠BAD＝90°.∴BD＝2. ∵DP＝1，∴BP＝. ∵∠BPD＝∠BAD＝90°，∴A、P、D、B在以BD為直徑的圓上， ∴∠APB＝∠ADB＝45°.∴△PAE是等腰直角三角形． 又∵△BAD是等腰直角三角形，點B、E、P共線，AH⊥BP， ∴由(2)中的

19、結(jié)論可得：BP＝2AH＋PD. ∴＝2AH＋1.∴AH＝； ②當(dāng)點P在如解圖②所示位置時， 連接PD、PB、PA，作AH⊥BP，垂足為H， 過點A作AE⊥AP，交PB的延長線于點E， 同理可得：BP＝2AH－PD.∴＝2AH－1.∴AH＝. 綜上所述：點A到BP的距離為或. 4．解：【探究】平行四邊形． 理由：如解圖①，連接AC， ∵E是AB的中點，F(xiàn)是BC的中點，∴EF∥AC，EF＝AC， 同理HG∥AC，HG＝AC， 綜上可得：EF∥HG，EF＝HG， 故四邊形EFGH是平行四邊形． 【應(yīng)用】(1)添加AC＝BD， 理由：連接AC，BD，同(1)知，E

20、F＝AC， 同【探究】的方法得，F(xiàn)G＝BD， ∵AC＝BD，∴EF＝FG， ∵四邊形EFGH是平行四邊形，∴?EFGH是菱形； (2)如解圖②，由【探究】得，四邊形EFGH是平行四邊形， ∵F，G是BC，CD的中點， ∴FG∥BD，F(xiàn)G＝BD，∴△CFG∽△CBD，∴＝，∴S△BCD＝4S△CFG， 同理：S△ABD＝4S△AEH， ∵四邊形ABCD面積為5，∴S△BCD＋S△ABD＝5，∴S△CFG＋S△AEH＝，同理：S△DHG＋S△BEF＝， ∴S四邊形EFGH＝S四邊形ABCD－(S△CFG＋S△AEH＋S△DHG＋S△BEF)＝5－＝， 設(shè)AC與FG，EH相交

21、于M，N，EF與BD相交于P， ∵FG∥BD，F(xiàn)G＝BD，∴CM＝OM＝OC，同理：AN＝ON＝OA， ∵OA＝OC，∴OM＝ON， 易知，四邊形ENOP，F(xiàn)MOP是平行四邊形，S?EPON＝S?FMOP， ∴S陰影＝S四邊形EFGH＝. 5．解：(1)∵△ABC是等邊三角形，∴△AGD是等邊三角形，∴AD＝GD， 由題意知：CE＝AD，∴CE＝GD， ∵DG∥BC，∴∠GDF＝∠CEF， 在△GDF與△CEF中， ∴△GDF≌△CEF(AAS)，∴CF＝GF， ∵DH⊥AG，∴AH＝GH， ∴AC＝AG＋CG＝2GH＋2GF＝2(GH＋GF)＝2HF， ∴＝2；

22、 (2)如解圖①，過點D作DG∥BC交AC于點G， 則∠ADG＝∠ABC＝90°. ∵∠BAC＝∠ADH＝30°，∴AH＝DH，∠GHD＝∠BAC＋∠ADH＝60°， ∠HDG＝∠ADG－∠ADH＝60°，∴△DGH為等邊三角形． ∴GD＝GH＝DH＝AH，AD＝GD·tan60°＝GD. 由題意可知，AD＝CE.∴GD＝CE. ∵DG∥BC，∴∠GDF＝∠CEF. 在△GDF與△CEF中，， ∴△GDF≌△CEF(AAS)，∴GF＝CF. GH＋GF＝AH＋CF，即HF＝AH＋CF，∴HF＝AC，即＝2； (3)＝.理由如下： 如解圖②，過點D作DG∥BC交AC于點G

23、， 易得AD＝AG，AD＝EC，∠AGD＝∠ACB. 在△ABC中，∵∠BAC＝∠ADH＝36°，AB＝AC， ∴AH＝DH，∠ACB＝∠B＝72°，∠GHD＝∠HAD＋∠ADH＝72°. ∴∠AGD＝∠GHD＝72°， ∵∠GHD＝∠B＝∠HGD＝∠ACB，∴△ABC∽△DGH.∴＝＝m，∴GH＝mDH＝mAH. 由△ADG∽△ABC可得＝＝＝m. ∵DG∥BC，∴＝＝m.∴FG＝mFC. ∴GH＋FG＝m(AH＋FC)＝m(AC－HF)，即HF＝m(AC－HF)．∴＝. 類型二　幾何圖形動態(tài)探究 1．解：(1)①當(dāng)α＝0°時， ∵Rt△ABC中，∠B＝90°

24、， ∴AC＝＝＝4， ∵點D、E分別是邊BC、AC的中點， ∴AE＝4÷2＝2，BD＝8÷2＝4，∴＝＝. ②如解圖①，當(dāng)α＝180°時，可得AB∥DE， ∵＝，∴＝＝＝； (2)當(dāng)0°≤α＜360°時，的大小沒有變化， ∵∠ECD＝∠ACB，∴∠ECA＝∠DCB， 又∵＝＝， ∴△ECA∽△DCB，∴＝＝； (3)①當(dāng)D在AE上時，如解圖②，∵AC＝4，CD＝4，CD⊥AD， ∴AD＝＝＝＝8， ∵AD＝BC，AB＝DC，∠B＝90°， ∴四邊形ABCD是矩形，∴BD＝AC＝4； ②當(dāng)D在AE延長線上時，如解圖③，連接BD，過點D作AC的垂線交AC于點Q，過點

25、B作AC的垂線交AC于點P， ∵AC＝4，CD＝4，CD⊥AD， ∴AD＝＝＝＝8， ∵原圖中點D、E分別是邊BC、AC的中點， ∴DE＝AB＝×(8÷2)＝×4＝2，∴AE＝AD－DE＝8－2＝6，由(2)可得＝，∴BD＝＝. 綜上所述，BD的長為4或. 2．解：(1)①∵∠AOB＝150°，∠BOC＝120°，∴∠AOC＝90°， 由旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可知，∠OCD＝60°，∠ADC＝∠BOC＝120°， ∴∠DAO＝360°－60°－90°－120°＝90°； ②線段OA，OB，OC之間的數(shù)量關(guān)系是OA2＋OB2＝OC2. 如解圖①，連接OD.∵△BOC繞點C按順時針方

26、向旋轉(zhuǎn)60°得△ADC， ∴△ADC≌△BOC，∠OCD＝60°. ∴CD＝OC， ∴△OCD是等邊三角形， ∴OC＝OD＝CD，∠COD＝∠CDO＝60°， ∵∠AOB＝150°，∠BOC＝120°，∴∠AOC＝90°， ∴∠AOD＝30°，∠ADO＝60°.∴∠DAO＝90°. 在Rt△ADO中，∠DAO＝90°，∴OA2＋AD2＝OD2， ∴OA2＋OB2＝OC2； (2)①當(dāng)α＝β＝120°時，OA＋OB＋OC有最小值．作圖如解圖②， 將△AOC繞點C按順時針方向旋轉(zhuǎn)60°得△A′O′C，連接OO′. ∴△A′O′C≌△AOC，∠OCO′＝∠ACA′＝60°.

27、∴O′C＝OC，O′A′＝OA，A′C＝AC，∠A′O′C＝∠AOC.∴△OCO′是等邊三角形． ∴OC＝O′C＝OO′，∠COO′＝∠CO′O＝60°. ∵∠AOB＝∠BOC＝120°，∴∠AOC＝∠A′O′C＝120°. ∴∠BOO′＝∠OO′A′＝180°.∴B，O，O′，A′四點共線． ∴OA＋OB＋OC＝O′A′＋OB＋OO′＝BA′時值最小； ②當(dāng)?shù)冗叀鰽BC的邊長為1時，OA＋OB＋OC的最小值為A′B＝. 3．解：(1)①∵△DEC繞點C旋轉(zhuǎn)使點D恰好落在AB邊上，∴AC＝CD， ∵∠BAC＝90°－∠B＝90°－30°＝60°， ∴△ACD是等邊三角

28、形，∴∠ACD＝60°， 又∵∠CDE＝∠BAC＝60°，∴∠ACD＝∠CDE， ∴DE∥AC； ②∵∠B＝30°，∠C＝90°，∴CD＝AC＝AB， ∴BD＝AD＝AC， 根據(jù)等邊三角形的性質(zhì)，△ACD的邊AC、AD上的高相等， ∴△BDC的面積和△AEC的面積相等(等底等高的三角形的面積相等)， 即S1＝S2； (2)∵△DEC是由△ABC繞點C旋轉(zhuǎn)得到，∴BC＝CE，AC＝CD， ∵∠ACN＋∠BCN＝90°，∠DCM＋∠BCN＝180°－90°＝90°， ∴∠ACN＝∠DCM， ∵在△ACN和△DCM中，， ∴△ACN≌△DCM(AAS)，∴AN＝DM，

29、∴△BDC的面積和△AEC的面積相等(等底等高的三角形的面積相等)， 即S1＝S2； (3)如解圖，過點D作DF1∥BE，易求四邊形BEDF1是菱形， ∴BE＝DF1，且BE、DF1上的高相等，此時S△DCF1＝S△BDE； 過點D作DF2⊥BD， ∵∠ABC＝60°，F(xiàn)1D∥BE，∴∠F2F1D＝∠ABC＝60°， ∵BF1＝DF1，∠F1BD＝∠ABC＝30°，∠F2DB＝90°，∴∠F1DF2＝∠ABC＝60°， ∴△DF1F2是等邊三角形，∴DF1＝DF2， ∵BD＝CD，∠ABC＝60°，點D是角平分線上一點， ∴∠DBC＝∠DCB＝×60°＝30°， ∴∠CDF

30、1＝180°－∠BCD＝180°－30°＝150°， ∠CDF2＝360°－150°－60°＝150°，∴∠CDF1＝∠CDF2， ∵在△CDF1和△CDF2中，， ∴△CDF1≌△CDF2(SAS)，∴點F2也是所求的點， ∵∠ABC＝60°，點D是角平分線上一點，DE∥AB， ∴∠DBC＝∠BDE＝∠ABD＝×60°＝30°， 又∵BD＝4， ∴BE＝ED＝×4÷cos30°＝2÷＝， ∴BF1＝，BF2＝BF1＋F1F2＝＋＝， 故BF的長為或. 4．解：(1)當(dāng)α＝60°時，△ABC、△DCE是等邊三角形， ∴EC＝DC，AC＝BC，∠ACB＝∠DCE＝60

31、°，∴∠ACB－∠ACD＝∠DCE－∠ACD， 即∠BCD＝∠ACE， 在△BDC和△AEC中，， ∴△BDC≌△AEC(SAS)，∴BD＝AE； (2)BD＝AE； 理由如下：如解圖①，過點D作DF∥AC，交BC于F. ∵DF∥AC，∴∠ACB＝∠DFB. ∵∠ABC＝∠ACB＝α，α＝45°，∴∠ABC＝∠ACB＝∠DFB＝45°. ∴△DFB是等腰直角三角形∴BD＝DF＝BF. ∵AE∥BC，∴∠ABC＋∠BAE＝180°. ∵∠DFB＋∠DFC＝180°，∴∠BAE＝∠DFC. ∵∠ABC＋∠BCD＝∠ADC，∠ABC＝∠CDE＝α，∴∠ADE＝∠BCD. ∴△

32、ADE∽△FCD.∴＝. ∵DF∥AC，∴＝.∴＝＝.∴BD＝AE. (3)補(bǔ)全圖形如解圖②，∵AE∥BC，∠EAC＝∠ACB＝α，∴∠EAC＝∠EDC＝α， ∴A、D、C、E四點共圓，∴∠ADE＝∠ACE， ∵∠ADE＋∠EDC＝∠ADC＝∠ABC＋∠BCD，∠ABC＝∠EDC＝α， ∴∠ADE＝∠BCD，∴∠ACE＝∠BCD， ∵∠ABC＝∠EAC＝α，∴△BDC∽△AEC，∴＝， 又∵＝2cosα，∴BD＝2cosα·AE. 5．解：(1)①∵△ABC是等邊三角形，∴AC＝BC，∠BAC＝∠B＝60°， ∵∠DCF＝60°，∴∠ACF＝∠BCD， 在△ACF

33、和△BCD中，，∴△ACF≌△BCD(SAS)， ∴∠CAF＝∠B＝60°，∴∠EAF＝∠BAC＋∠CAF＝120°； ②相等；理由如下： ∵∠DCF＝60°，∠DCE＝30°， ∴∠FCE＝60°－30°＝30°，∴∠DCE＝∠FCE， 在△DCE和△FCE中，， ∴△DCE≌△FCE(SAS)，∴DE＝EF； (2)①∵△ABC是等腰直角三角形，∠ACB＝90°， ∴AC＝BC，∠BAC＝∠B＝45°， ∵∠DCF＝90°，∴∠ACF＝∠BCD， 在△ACF和△BCD中，， ∴△ACF≌△BCD(SAS)，∴∠CAF＝∠B＝45°，AF＝BD， ∴∠EAF＝∠BAC＋∠CAF＝90°； ②AE2＋DB2＝DE2；理由如下： ∵∠DCF＝90°，∠DCE＝45°，∴∠FCE＝90°－45°＝45°，∴∠DCE＝∠FCE， 在△DCE和△FCE中，， ∴△DCE≌△FCE(SAS)，∴DE＝EF， 在Rt△AEF中，AE2＋AF2＝EF2， 又∵AF＝DB，∴AE2＋DB2＝DE2. 17