《浙江省2018年中考數(shù)學復習 第一部分 考點研究 第四單元 三角形 第19課時 直角三角形與勾股定理(含近9年中考真題)試題》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《浙江省2018年中考數(shù)學復習 第一部分 考點研究 第四單元 三角形 第19課時 直角三角形與勾股定理(含近9年中考真題)試題(8頁珍藏版)》請在裝配圖網上搜索。
1、
第一部分 考點研究
第四單元 三角形
第19課時 直角三角形與勾股定理
浙江近9年中考真題精選
命題點 1 直角三角形的相關計算(杭州2考,溫州2考)
1. (2012湖州5題3分)如圖,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AB=10,CD是AB邊上的中線,則CD的長是( )
A. 20 B. 10 C. 5 D.
第1題圖
2. (2010臺州3題3分)如圖,△ABC中,∠C=90°,AC=3,點P是邊BC的動點,則AP長不可能是( )
A. 2.5 B. 3 C. 4 D. 5
第2題圖
3. (2016溫州10題4分)如圖,在△
2、ABC中,∠ACB=90°,AC=4,BC=2,P是AB邊上一動點,PD⊥AC于點D,點E在P的右側,且PE=1,連接CE.P從點A出發(fā),沿AB方向運動,當E到達點B時,P停止運動.在整個運動過程中,圖中陰影部分面積S1+S2的大小變化情況是( )
A. 一直減小 B. 一直不變
C. 先減小后增大 D. 先增大后減小
第3題圖
4. (2017杭州15題4分)如圖,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=15,AC=20,點D在邊AC上,AD=5,DE⊥BC于點E,連接AE,則△ABE的面積等于________.
第4題圖
5. (2011杭州16題4分)在等腰
3、Rt△ABC中,∠C=90°,AC=1,過點C作直線l∥AB,F(xiàn)是l上的一點,且AB=AF,則點F到直線BC的距離為________.
6. (2016金華15題4分)如圖,Rt△ABC紙片中,∠C=90°,AC=6,BC=8,點D在邊BC 上,以AD為折痕將△ABD折疊得到△AB′D,AB′與邊BC交于點E.若△DEB′為直角三角形,則BD的長是__________.
第6題圖
命題點 2 勾股定理的應用(溫州2考,紹興2012.22)
7. (2010溫州16題5分)勾股定理有著悠久的歷史,它曾引起很多人的興趣,1955年希臘發(fā)行了一枚以勾股圖為背景的郵票.所謂勾股圖是指以直
4、角三角形的三邊為邊向外作正方形構成,它可以驗證勾股定理.在圖②的勾股圖中,已知∠ACB=90°,∠BAC=30°,AB=4,作△PQR使得∠R=90°,點H在邊QR上,點D,E在邊PR上,點G,F(xiàn)在邊PQ上,那么△PQR的周長等于________.
第7題圖
8. (2016溫州15題5分)七巧板是我們祖先的一項卓越創(chuàng)造,被譽為“東方魔板”.小明利用七巧板(如圖①所示)中各塊板的邊長之間的關系拼成一個凸六邊形(如圖②所示),則該凸六邊形的周長是________ cm.
第8題圖
9. (2012紹興22題12分)小明和同桌小聰在課后復習時,對課本“目標與評定”中的一道思考題進行
5、了認真地探索.
思考題:如圖,一架2.5米長的梯子AB斜靠在豎直的墻AC上,這時B到墻底端C的距離為0.7米.如果梯子的頂端沿墻下滑0.4米,那么點B將向外移動多少米?
(1)請你將小明對“思考題”的解答補充完整;
解:設點B將向外移動x米,即BB1=x,
則B1C=x+0.7,A1C=AC-AA1=-0.4=2.
而A1B1=2.5,在Rt△A1B1C中,由B1C2+A1C2=A1B,得方程______________________.
解方程得x1=________,x2=________,
∴點B將向外移動________米.
(2)解完“思考題”后,小聰提出了如下兩個問
6、題:
問題①:在“思考題”中,將“下滑0.4米”改為“下滑0.9米”,那么該題的答案會是0.9米嗎?為什么?
問題②:在“思考題”中,梯子的頂端從A處沿墻AC下滑的距離與點B向外移動的距離有可能相等嗎?為什么?
請你解答小聰提出的這兩個問題.
第9題圖
答案
1.C 【解析】由題意得,CD=AB=5.
2.A 【解析】在△ABC中,∠C=90°,AC=3,根據垂線段最短,可知AP的長不可小于3,當P和C重合時,AP=3.故選A.
3.C 【解析】如解圖,過點D作DN⊥AB于點N,過點C作CM⊥AB于點M.在△
7、ABC中,∠ACB=90°,AC=4,BC=2,根據勾股定理,得AB===2 ,利用等面積法,可求CM==.設AP=x,易證△ADP∽△ACB,∴=()2 ,∴S1=()2××4×2=x2 ,S2=×(2-x-1)×=-x+4-,∴S1+S2=x2-x+4-,此函數(shù)為二次函數(shù),圖象開口向上,故面積S1+S2的值先減小,后變大,故選C.
第3題解圖
4. 78 【解析】如解圖,過A作AH⊥BC,∵AB=15,AC=20,∠BAC=90°,∴由勾股定理得,BC==25,∵AD=5,∴DC=20-5=15,∵DE⊥BC,∠BAC=90°,∴△CDE∽△CBA,∴=,∴CE=×20=12,∴B
8、E=BC-CE=13.
解法一:BC·AH=AB·AC,AH===12,S△ABE=×12×13=78;
解法二:DE==9,由△CDE∽△CAH可得,=,∴AH==12,S△ABE=×12×13=78.
第4題解圖
5. 【解析】如解圖①,延長AC,作FD⊥BC于點D,F(xiàn)E垂直AC延長線于點E,∵CF∥AB,∴∠FCD=∠CBA=45°,∴四邊形CDFE是正方形,即CD=DF=FE=EC,∵在等腰直角△ABC中,AC=BC=1,∴AB==,∴AF=AB=,∴在直角△AEF中,(1+EC)2+EF2=AF2,∴(1+DF)2+DF2=()2,解得FD=;如解圖②,作FD⊥BC的延長
9、線于點D,作FE⊥CA的延長線于點E,同理可證,四邊形CDFE是正方形,即CD=DF=FE=EC,同理可得,在直角△AEF中,(EC-1)2+EF2=AF2,∴(FD-1)2+FD2=()2,解得FD=.故答案為.
圖①
圖②
第5題解圖
6.2或5 【解析】△DEB′為直角三角形,存在兩種情況,如解圖①,當∠B′DE=90°時,∠B′DE=∠C=90°,∴AC∥B′D,設B′D=BD=x,則CD=CB-BD=8-x,∴=,即=,DE=,∵S△ADE+S△B′DE=S△ADB′=S△ADB,∴DE·AC+DE·B′D=BD·AC,即DE·(AC+B′D)=BD·AC,(6+x)DE=
10、6x,DE=,因此,=,∵x>0,∴x=2;如解圖②,當∠B′ED=90°,點C與點E重合,在Rt△ABC中,AB===10,∵AB′=AB=10,∴B′C=AB′-AC=10-6=4,設BD=x,則CD=BC-BD=8-x,B′D=BD=x,在Rt△B′CD中,CD2+B′C2=B′D2,即(8-x)2+42=x2,解得x=5.綜上所述,BD的長為2或5.
圖①
圖②
第6題解圖
7.27+13 【解析】如解圖,延長BA交QR于點M,連接AR,AP.∵AC=GC,BC=FC,∠ACB=∠GCF,∴△ABC≌△GFC,∴∠CGF=∠BAC=30°,∴∠HGQ=60°,∵∠HAC=∠
11、BAD=90°,∴∠BAC+∠DAH=180°,又AD∥QR,∴∠RHA+∠DAH=180°,∴∠RHA=∠BAC=30°,∴∠QHG=60°,∴∠Q=∠QHG=∠QGH=60°,∴△QHG是等邊三角形.∵AC=AB·cos30°=4×=2,則QH=HA=HG=AC=2,在Rt△HMA中,HM=AH·sin60°=2×=3,AM=HA·cos60°=.在Rt△AMR中,MR=AD=AB=4,∴QR=2+3+4=7+2,∴QP=2QR=14+4,PR=QR·=7+6,∴△PQR的周長等于RP+QP+QR=27+13.
第7題解圖
8.32 +16 【解析】如解圖,在正方形ABCD中,∠B
12、AD=90°,∴BD==16,∴OB=OD=8 ,∴BG=OG=OP=PD=4,BF==8, CF=8.將題圖①和題圖②對比,可得出每一條線段的對應邊,∴該凸六邊形的周長為:8+8+8+4×4+8=32+16 cm.
第8題解圖
9.解:(1)(x+0.7)2+22=2.52,
0.8,-2.2(舍去),0.8;(4分)
(2)①不會是0.9米.(5分)
理由:若AA1=BB1=0.9,
則A1C=2.4-0.9=1.5,
B1C=0.7+0.9=1.6,
1.52+1.62=4.81,2.52=6.25,
∵A1C2+B1C2≠A1B,
∴該題的答案不會是0.9米.(8分)
②有可能.(9分)
設梯子頂端從A處下滑x米,點B向外也移動x米,
則有(x+0.7)2+(2.4-x)2=2.52,
解得:x=1.7或x=0(舍).
∴當梯子頂端從A處下滑1.7米時,點B向外也移動1.7米,即梯子頂端從A處沿墻AC下滑的距離與點B向外移動的距離有可能相等.(12分)
8