2019年高考數(shù)學(xué) 圓與直線、圓與四邊形課時提升作業(yè) 理 北師大版選修4-1.doc

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2019年高考數(shù)學(xué) 圓與直線、圓與四邊形課時提升作業(yè) 理 北師大版選修4-1 一、選擇題 1.(xx北京高考)如圖,∠ACB=90,CD⊥AB于點(diǎn)D,以BD為直徑的圓與BC交于點(diǎn)E,則　(　　) (A)CECB=ADDB (B)CECB=ADAB (C)ADAB=CD2 (D)CEEB=CD2 2.如圖所示,半徑為2的☉O中,∠AOB=90,D為OB的中點(diǎn),AD的延長線交☉O于點(diǎn)E,則線段DE的長為　(　　) (A) (B) (C) (D) 3.圓O的直徑AB=6,C為圓周上一點(diǎn),BC=3,過C作圓的切線l,過A作l的垂線AD,垂足為D,則∠DAC=　(　　) (A)60 (B)30 (C)90 (D)150 二、填空題 4.(xx湖南高考)過點(diǎn)P的直線與圓O相交于A,B兩點(diǎn),若PA=1,AB=2,PO=3,則圓O的半徑等于　　　　. 5.(xx陜西高考)如圖所示,在圓O中,直徑AB與弦CD垂直,垂足為E,EF⊥DB,垂足為F,若AB=6,AE=1,則DFDB=　　　　. 6.(xx廣東高考)如圖所示,直線PB與圓O相切于點(diǎn)B,D是弦AC上的點(diǎn),∠PBA=∠DBA.若AD=m,AC=n,則AB=　　　　. 三、解答題 7.(xx新課標(biāo)全國卷)如圖,D,E分別為△ABC邊AB,AC的中點(diǎn),直線DE交△ABC的外接圓于F,G兩點(diǎn),若CF∥AB,證明: (1)CD=BC. (2)△BCD∽△GBD. 8.如圖所示,圓O的直徑AB=10,弦DE⊥AB于點(diǎn)H,BH=2,延長ED到P,過P作圓O的切線,切點(diǎn)為C. (1)求DE的長. (2)若PC=2,求PD的長. 9.(xx遼寧高考)如圖,☉O和☉O′相交于A,B兩點(diǎn),過A作兩圓的切線分別交兩圓于C,D兩點(diǎn),連接DB并延長交☉O于點(diǎn)E.證明: (1)ACBD=ADAB. (2)AC=AE. 10.如圖所示,已知△ABC的兩條角平分線AD和CE相交于H,∠B=60,F在AC上,且AE=AF. 證明:(1)B,D,H,E四點(diǎn)共圓. (2)CE平分∠DEF. 11.如圖,梯形ABCD內(nèi)接于☉O,AD∥BC,過B引☉O的切線分別交DA,CA延長線于E,F. (1)求證:AB2=AEBC. (2)已知BC=8,CD=5,AF=6,求EF的長. 12.(xx銀川模擬)如圖,已知PA與圓O相切于點(diǎn)A,經(jīng)過點(diǎn)O的割線PBC交圓O于點(diǎn)B,C,∠APC的平分線分別交AB,AC于點(diǎn)D,E. (1)證明:∠ADE=∠AED. (2)若AC=AP,求的值. 答案解析 1.【解析】選A.CD⊥AB,∴以BD為直徑的圓與CD相切,∴CD2=CECB. 在Rt△ABC中,CD為斜邊AB上的高, 有CD2=ADDB,因此,CECB=ADDB. 2.【解析】選C.延長BO交圓O于點(diǎn)F,由D為OB的中點(diǎn),知DF=3,DB=1.又∠AOB=90,所以AD=,由相交弦定理知ADDE=DFDB,即DE=31,解得DE=. 3.【解析】選B.由弦切角定理得∠DCA=∠B=60. 又AD⊥l,故∠DAC=30. 4.【解析】設(shè)PO交☉O于C,D兩點(diǎn).如圖,設(shè)圓的半徑為R,由割線定理知PAPB=PCPD,即1(1+2)=(3-R)(3+R),∴R=. 答案: 5.【解析】連接AD,因?yàn)锳B=6,AE=1,所以BE=5,在Rt△ABD中,DE2=AEBE=15=5,在Rt△BDE中,由射影定理得DFDB=DE2=5. 答案:5 6.【解析】由題意知∠ABP=∠ACB=∠ABD. 又∠A=∠A,所以△ABD∽△ACB,所以=,所以AB==. 答案: 7.【證明】(1)因?yàn)镈,E分別為AB,AC的中點(diǎn),所以DE∥BC.又已知CF∥AB,故四邊形BCFD是平行四邊形,所以CF=BD=AD.而CF∥AD,連接AF,所以四邊形ADCF是平行四邊形,故CD=AF.因?yàn)镃F∥AB,所以BC=AF,故CD=BC. (2)∵D,E分別為AB,AC的中點(diǎn), ∴FG∥BC,∴GB=CF. 由(1)知BD=CF,則GB=BD,∴∠BGD=∠BDG, 又由(1)知BC=CD,∴∠CBD=∠CDB, ∵∠BDG=∠CBD,∴∠CBD=∠CDB=∠BDG=∠BGD,∴△BCD∽△GBD. 8.【解析】(1)因?yàn)锳B為圓O的直徑,AB⊥DE, 所以DH=HE,AD⊥DB. 由直角三角形的射影定理得 DH2=AHBH=(10-2)2=16, 所以DH=4,DE=8. (2)因?yàn)镻C切圓O于點(diǎn)C, 由切割線定理得PC2=PDPE, 即(2)2=PD(PD+8),得PD=2. 9.【證明】(1)由AC與圓O′相切于點(diǎn)A, 得∠CAB=∠ADB,同理,∠ACB=∠DAB, 從而△ACB∽△DAB, 所以=ACBD=ADAB. (2)由AD與圓O相切于點(diǎn)A,得∠AED=∠BAD. 又∠ADE=∠BDA,從而△EAD∽△ABD,所以=AEBD=ABAD. 又由(1)知,ACBD=ABAD. 所以ACBD=AEBD,∴AC=AE. 10.【證明】(1)在△ABC中,因?yàn)椤螧=60, 所以∠BAC+∠BCA=120. 因?yàn)锳D,CE是角平分線, 所以∠HAC+∠HCA=60,故∠AHC=120. 于是∠EHD=∠AHC=120.因?yàn)椤螮BD+∠EHD=180,所以B,D,H,E四點(diǎn)共圓. (2)連接BH,則BH為∠ABC的平分線, ∠HBD=30.由(1)知B,D,H,E四點(diǎn)共圓, 所以∠CED=∠HBD=30. 又∠AHE=∠EBD=60, 由AD平分∠BAC,AE=AF,可得EF⊥AD,可得∠CEF=30, 所以∠CED=∠CEF,所以CE平分∠DEF. 11.【解析】(1)∵BE切☉O于B, ∴∠ABE=∠ACB, 由于AD∥BC,∴∠BAE=∠ABC, ∴△EAB∽△ABC,∴=, ∴AB2=AEBC. (2)由(1)知△EAB∽△ABC,∴=, 又AE∥BC,∴=,∴=. 又AD∥BC,∴AB=CD, ∴=,∴EF==. 12.【解析】(1)∵PA是切線,AB是弦,∴∠BAP=∠C. 又∵∠APD=∠CPE,∴∠BAP+∠APD=∠C+∠CPE. ∵∠ADE=∠BAP+∠APD,∠AED=∠C+∠CPE, ∴∠ADE=∠AED. (2)由(1)知∠C=∠BAP, 又∵∠APC=∠BPA, ∴△APC∽△BPA,∴=. ∵AC=AP,∴∠APC=∠C=∠BAP. 由三角形內(nèi)角和定理可知,∠APC+∠C+∠CAP=180. ∵BC是圓O的直徑,∴∠BAC=90,∴∠APC+∠C+∠BAP=180-90=90, ∴∠C=30,∴=,∴=.