2019屆高考物理一輪復習 熱點題型 專題3.4 帶電粒子在疊加場中的運動問題學案.doc
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專題3.4 帶電粒子在疊加場中的運動問題 疊加場是指在同一空間區(qū)域中重力場、電場、磁場有兩種場或三種場同時存在的情況。常見的疊加場有:電場與重力場的疊加,磁場與電場的疊加,磁場、電場、重力場的疊加等。 帶電粒子在復合場中做什么運動,取決于帶電粒子所受的合外力及其初始運動狀態(tài),因此應把帶電粒子的初始運動情況和受力情況結(jié)合起來進行分析。 (1)當帶電粒子在復合場中所受的合外力為零時,粒子將保持靜止或做勻速直線運動。 (2)當帶電粒子所受的合外力與運動方向在同一條直線上時,粒子將做勻變速直線運動。 (3)當帶電粒子所受的合外力充當向心力時,粒子將做勻速圓周運動。 (4)當帶電粒子所受合外力的大小、方向都不斷變化時,粒子將做變速運動。 題型1 帶電體在疊加場中有約束情況下的運動 帶電體在疊加場中受輕桿、輕繩、圓環(huán)、軌道等約束的情況下,常見的運動形式有直線運動和圓周運動,此時解題要通過受力分析明確變力、恒力做功情況,并注意洛倫茲力不做功的特點,運用動能定理、能量守恒定律結(jié)合牛頓運動定律求解. 類型一:如果粒子在復合場中受軌道、支撐面、輕繩或輕桿等有形的約束時,可做變速直線運動。解題時只要從受力分析入手,明確變力、恒力及做功等情況,就可用動能定理、牛頓運動定律、運動學相關(guān)知識進行求解。 類型二:若帶電粒子運動的空間存在軌道、支撐面、輕繩、輕桿等有形的約束時,帶電粒子在復合場中做勻變速圓周運動,一般應用牛頓運動定律和動能定理求解。 【典例1】如圖,一個質(zhì)量為m、帶電量為+q的圓環(huán),可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動,細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中?,F(xiàn)給圓環(huán)一個水平向右的初速度v0,在以后的運動中下列說法正確的是( ) A.圓環(huán)可能做勻減速運動 B.圓環(huán)不可能做勻速直線運動 C.圓環(huán)克服摩擦力所做的功一定為 D.圓環(huán)克服摩擦力所做的功可能為 【答案】 D 【解析】:當qv0B<mg時,圓環(huán)做減速運動到靜止,速度在減小,洛倫茲力減小,桿的支持力和摩擦力都發(fā)生變化,所以不可能做勻減速運動,故A錯誤 當qv0B=mg時,圓環(huán)不受支持力和摩擦力,做勻速直線運動,故B錯誤。 當qv0B<mg時,圓環(huán)做減速運動到靜止,只有摩擦力做功.根據(jù)動能定理得 -W=0-,W= 代入解得W=,故C錯誤,D正確。故選D. 【典例2】如圖所示,與水平面成37的傾斜軌道AC,其延長線在D點與半圓軌道DF相切,全部軌道為絕緣材料制成且位于豎直面內(nèi),整個空間存在水平向左的勻強電場,MN的右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強磁場(C點處于MN邊界上).一質(zhì)量為0.4 kg的帶電小球沿軌道AC下滑,至C點時速度為vC= m/s,接著沿直線CD運動到D處進入半圓軌道,進入時無動能損失,且恰好能通過F點,在F點速度為vF=4 m/s(不計空氣阻力,g=10 m/s2,cos 37=0.8).求: (1)小球帶何種電荷? (2)小球在半圓軌道部分克服摩擦力所做的功; (3)小球從F點飛出時磁場同時消失,小球離開F點后的運動軌跡與直線AC(或延長線)的交點為G點(未標出),求G點到D點的距離. 【答案】 (1)正電荷 (2)27.6 J (3)2.26 m 【解析】 (1)依題意可知小球在CD間做勻速直線運動,在CD段受重力、電場力、洛倫茲力且合力為零,若小球帶負電,小球受到的合力不為零,因此帶電小球應帶正電荷. (2)小球在D點速度為 vD=vC= m/s 設(shè)重力與電場力的合力為F1,如圖所示,則F1=F洛=qvCB 又F1==5 N 解得qB== CT 在F處由牛頓第二定律可得 qvFB+F1=F 把qB= CT代入得R=1 m 小球在DF段克服摩擦力做功Wf,由動能定理可得 -Wf-2F1R=mv-mv 解得Wf≈27.6 J (3)小球離開F點后做類平拋運動,其加速度為a= 由2R= 解得t= = s 交點G與D點的距離GD=vFt= m≈2.26 m 【跟蹤訓練】 1.(多選)如圖所示,兩個傾角分別為30和60的光滑斜面固定于水平地面上,并處于方向垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場中。兩個質(zhì)量均為m、帶電荷量為+q的小滑塊甲和乙分別從兩個斜面頂端由靜止釋放,運動一段時間后,兩小滑塊都將飛離斜面,在此過程中( ) A.甲滑塊飛離斜面瞬間的速度比乙滑塊飛離斜面瞬間的速度大 B.甲滑塊在斜面上運動的時間比乙滑塊在斜面上運動的時間短 C.甲滑塊在斜面上運動的位移與乙滑塊在斜面上運動的位移大小相同 D.兩滑塊在斜面上運動的過程中,重力的平均功率相等 【答案】 AD 2. 如圖所示的豎直平面內(nèi)有范圍足夠大、水平向左的勻強電場,在虛線的左側(cè)有垂直紙面向里的勻強磁場,磁感強度大小為B,一絕緣軌道由兩段直桿和一半徑為R的半圓環(huán)組成,固定在紙面所在的豎直平面內(nèi),PQ、MN水平且足夠長,半圓環(huán)MAP在磁場邊界左側(cè),P、M點在磁場邊界線上,NMAP段光滑,PQ段粗糙.現(xiàn)在有一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小環(huán)套在MN桿上,它所受電場力為重力的0.5倍。現(xiàn)將小環(huán)從M點右側(cè)的D點由靜止釋放,小環(huán)剛好能到達P點. (1)求DM間距離x0; (2)求上述過程中小環(huán)第一次通過與O等高的A點時半圓環(huán)對小環(huán)作用力的大??; 【答案】 (1)8R/3 (2) 【解析】:(1)小環(huán)剛好到達P點時速度vP=0,由動能定理得 qEx0-2mgR=0 而 qE=3mg/4 所以x0=8R/3 (2)設(shè)小環(huán)在A點時的速度為vA,由動能定理得 qE(x0+R)?mgR= 因此vA= 題型2 帶電體在疊加場中無約束情況下的運動情況 (1)洛倫茲力、重力并存 ①若重力和洛倫茲力平衡,則帶電體做勻速直線運動. ②若重力和洛倫茲力不平衡,則帶電體將做復雜的曲線運動,因洛倫茲力不做功,故機械能守恒,由此可求解問題. (2)靜電力、洛倫茲力并存(不計重力的微觀粒子) ①若靜電力和洛倫茲力平衡,則帶電體做勻速直線運動. ②若靜電力和洛倫茲力不平衡,則帶電體將做復雜的曲線運動,因洛倫茲力不做功,可用動能定理求解問題. (3)靜電力、洛倫茲力、重力并存 ①若三力平衡,一定做勻速直線運動. ②若重力與靜電力平衡,一定做勻速圓周運動. ③若合力不為零且與速度方向不垂直,將做復雜的曲線運動,因洛倫茲力不做功,可用能量守恒定律或動能定理求解問題. 【典例3】如圖所示,勻強電場方向水平向右,勻強磁場方向垂直紙面向里,將帶正電的小球在場中靜止釋放,最后落到地面上.關(guān)于該過程,下述說法正確的是( ) A.小球做勻變速曲線運動 B.小球減少的電勢能等于增加的動能 C.電場力和重力做的功等于小球增加的動能 D.若保持其他條件不變,只減小磁感應強度,小球著地時動能不變 【答案】 C 【解析】 重力和電場力是恒力,但洛倫茲力是變力,因此合外力是變化的,由牛頓第二定律知其加速度也是變化的,選項A錯誤;由動能定理和功能關(guān)系知,選項B錯誤,選項C正確;磁感應強度減小時,小球落地時的水平位移會發(fā)生變化,則電場力所做的功也會隨之發(fā)生變化,選項D錯誤. 【典例4】如圖,在豎直平面內(nèi)建立直角坐標系xOy,其第一象限存在著正交的勻強電場和勻強磁場,電場強度的方向水平向右,磁感應強度的方向垂直紙面向里.一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的微粒從原點出發(fā)沿與x軸正方向的夾角為45的初速度進入復合場中,正好做直線運動,當微粒運動到A(l,l)時,電場方向突然變?yōu)樨Q直向上(不計電場變化的時間),粒子繼續(xù)運動一段時間后,正好垂直于y軸穿出復合場.不計一切阻力,求: (1)電場強度E的大??; (2)磁感應強度B的大??; (3)粒子在復合場中的運動時間. 【答案】 (1) (2) (3)(+1) 【解析】 (1)微粒到達A(l,l)之前做勻速直線運動,對微粒受力分析如圖甲: 所以,Eq=mg,得:E= (2)由平衡條件: qvB=mg 電場方向變化后,微粒所受重力與電場力平衡,微粒在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動,軌跡如圖乙: qvB=m 由幾何知識可得:r=l v= 聯(lián)立解得:B= (3)微粒做勻速運動時間:t1== 做圓周運動時間:t2== 在復合場中運動時間:t=t1+t2=(+1) 【跟蹤訓練】 (2016天津高考)如圖所示,空間中存在著水平向右的勻強電場,電場強度大小E=5 N/C,同時存在著水平方向的勻強磁場,其方向與電場方向垂直,磁感應強度大小B=0.5 T。有一帶正電的小球,質(zhì)量m=110-6 kg,電荷量q=210-6 C,正以速度v在圖示的豎直面內(nèi)做勻速直線運動,當經(jīng)過P點時撤掉磁場(不考慮磁場消失引起的電磁感應現(xiàn)象),取g=10 m/s2。求: (1)小球做勻速直線運動的速度v的大小和方向; (2)從撤掉磁場到小球再次穿過P點所在的這條電場線經(jīng)歷的時間t。 【答案】(1)20 m/s,方向與電場方向成60角斜向上 (2)3.5 s 【解析】(1)小球勻速直線運動時受力如圖, 其所受的三個力在同一平面內(nèi),合力為零,有qvB= 代入數(shù)據(jù)解得 v=20 m/s 速度v的方向與電場E的方向之間的夾角θ滿足 tan θ= 代入數(shù)據(jù)解得tan θ= θ=60。 聯(lián)立以上各式,代入數(shù)據(jù)解得 t=2 s≈3.5 s。 解法二:撤去磁場后,由于電場力垂直于豎直方向,它對豎直方向的分運動沒有影響,以P點為坐標原點,豎直向上為正方向,小球在豎直方向上做勻減速運動,其初速度為 vy=vsin θ 若使小球再次穿過P點所在的電場線,僅需小球的豎直方向上分位移為零,則有 vyt-gt2=0 聯(lián)立以上兩式,代入數(shù)據(jù)解得t=2 s≈3.5 s。 高考+模擬綜合提升訓練 1.(2018全國卷II T25)一足夠長的條狀區(qū)域內(nèi)存在勻強電場和勻強磁場,其在xOy平面內(nèi)的截面如圖所示:中間是磁場區(qū)域,其邊界與y軸垂直,寬度為l,磁感應強度的大小為B,方向垂直于xOy平面;磁場的上、下兩側(cè)為電場區(qū)域,寬度均為l,電場強度的大小均為E,方向均沿x軸正方向;M、N為條狀區(qū)域邊界上的兩點,它們的連線與y軸平行。一帶正電的粒子以某一速度從M點沿y軸正方向射入電場,經(jīng)過一段時間后恰好以從M點入射的速度從N點沿y軸正方向射出。不計重力。 (1)定性畫出該粒子在電磁場中運動的軌跡。 (2)求該粒子從M點射入時速度的大小。 (3)若該粒子進入磁場時的速度方向恰好與x軸正方向的夾角為,求該粒子的比荷及其從M點運動到N點的時間。 【答案】(1)圖見解析 (2) (3) 【解析】(1)粒子運動的軌跡如圖甲所示。(粒子在電場中的軌跡為拋物線,在磁場中為圓弧,上下對稱) (2)粒子從電場下邊界入射后在電場中做類平拋運動。設(shè)粒子從M點射入時速度的大小為v0,在下側(cè)電場中運動的時間為t,加速度的大小為a;粒子進入磁場的速度大小為v,方向與電場方向的夾角為θ(見圖乙),速度沿電場方向的分量為v1。根據(jù)牛頓第二定律有 qE=ma ① 式中q和m分別為粒子的電荷量和質(zhì)量。由運動學公式有 v1=at ② l=v0t ③ v1=vcos θ ④ 粒子在磁場中做勻速圓周運動,設(shè)其運動軌道半徑為R,由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得 qvB=m ⑤ 由幾何關(guān)系得 l=2Rcos θ ⑥ 聯(lián)立①②③④⑤⑥式得 v0= ⑦ ⑩ 式中T是粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期 由③⑦⑨⑩式得 2.(2017全國Ⅰ,16)如圖,空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場,電場方向豎直向上(與紙面平行),磁場方向垂直于紙面向里,三個帶正電的微粒a,b,c電荷量相等,質(zhì)量分別為ma,mb,mc,已知在該區(qū)域內(nèi),a在紙面內(nèi)做勻速圓周運動,b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運動,c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運動。下列選項正確的是 A. B. C. D. 【答案】B 【解析】由題意知,mag=qE,mbg=qE+Bqv,mcg+Bqv=qE,所以,故B正確;ACD錯誤。 3.(2015福建高考)如圖,絕緣粗糙的豎直平面MN左側(cè)同時存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場,電場方向水平向右,電場強度大小為E,磁場方向垂直紙面向外,磁感應強度大小為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小滑塊從A點由靜止開始沿MN下滑,到達C點時離開MN做曲線運動。A、C兩點間距離為h,重力加速度為g。 (1)求小滑塊運動到C點時的速度大小vC; (2)求小滑塊從A點運動到C點過程中克服摩擦力做的功Wf; (3)若D點為小滑塊在電場力、洛倫茲力及重力作用下運動過程中速度最大的位置,當小滑塊運動到D點時撤去磁場,此后小滑塊繼續(xù)運動到水平地面上的P點。已知小滑塊在D點時的速度大小為vD,從D點運動到P點的時間為t,求小滑塊運動到P點時速度的大小vP。 【答案】:(1) (2)mgh- (3) 【解析】(1)小滑塊沿MN運動過程,水平方向受力滿足 qvB+N=qE 小滑塊在C點離開MN時N=0 解得vC=。 (2)由動能定理得 mgh-Wf=mvC2-0 解得Wf=mgh-。 4.(2019屆河南省滑縣高三第一學期第二次聯(lián)考) 如圖所示,空間存在垂直紙面向里的勻強磁場,一帶負電的物塊在水平外力F作用下沿粗糙水平面向右做勻加速直線運動,下列關(guān)于外力F隨時間變化的圖象可能正確的是 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】設(shè)開始計時物塊的速度為,物塊質(zhì)量為m,磁感應強度為B,物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為,根據(jù)牛頓運動定律得:,,聯(lián)立解得:,若為零則,可知外力F隨時間呈線性關(guān)系,選項D正確。 5.(2019屆四川省成都市高中畢業(yè)班摸底測試) 圖示區(qū)域有方向豎直向下的勻強電場和水平向里的勻強磁場,一帶正電的微粒以水平向右的初速度進入該區(qū)域時,恰能沿直線運動。欲使微粒向下偏轉(zhuǎn),可采用的方法是 A. 僅減小入射速度 B. 僅減小微粒的質(zhì)量 C. 僅增大微粒的電荷量 D. 僅增大磁場的磁感應強度 【答案】A 【解析】帶正電的粒子受到向下的電場力和重力以及向上的洛倫茲力作用,當qvB=mg+qE時,粒子沿直線通過正交場區(qū);若減小入射速度,則洛倫茲力減小,電場力不變,合力向下,向下偏轉(zhuǎn)。故A正確;僅減小微粒的質(zhì)量,則洛倫茲力大于電場力,合力向上,向上偏轉(zhuǎn)。故B錯誤;增加電荷量,則電場力與洛倫茲力都增加,合力向上,向上偏轉(zhuǎn)。故C錯誤;增大磁感應強度,則向上的洛倫茲力增加,合力向上,向上偏轉(zhuǎn)。故D錯誤;故選A。 6.(2019屆河南省中原名校高三第一次質(zhì)量考評) 如圖所示,空間存在水平向左的勻強電場E和垂直紙面向外的勻強磁場B,在豎直平面內(nèi)從a點沿ab、ac方向拋出兩帶電小球,不考慮兩帶電小球間的相互作用,兩小球的電荷量始終不變,關(guān)于小球的運動,下列說法正確的是 A. 沿ab、ac方向拋出的小球都可能做直線運動 B. 若小球沿ac方向做直線運動,則小球帶負電,可能做勻加速運動 C. 若小球沿ac方向做直線運動,則小球帶正電,且一定是勻速運動 D. 兩小球在運動過程中機械能均守恒 【答案】AC 7.(2019屆安徽省合肥市高三上學期調(diào)研性檢測) 如圖所示,空間某區(qū)域存在正交的勻強電場和勻強磁場,電場方向水平向左,磁場方向垂直紙面向里,在該區(qū)域內(nèi),一帶電粒子在豎直面內(nèi)可能沿豎直線AB或水平線CD運動。若粒子僅受電場、磁場的作用力,下列判斷正確的是( ) A. 若粒子帶正電,則粒子由A向B運動 B. 若粒子帶負電,則粒子由A向B運動 C. 若粒子帶正電,則粒子由C向D運動 D. 若粒子帶負電,則粒子由C向D運動 【答案】AB 8.(2019屆安徽省六安二中高三(上)開學測試) 如圖所示,在xOy平面內(nèi),有場強,方向沿x軸正方向的勻強電場和磁感應強度大小為、方向垂直xOy平面指向紙里的勻強磁場一個質(zhì)量,電量帶正電的微粒,在xOy平面內(nèi)做勻速直線運動,運動到原點O時,撤去磁場,經(jīng)一段時間后,帶電微粒運動到了x軸上的P點求: 粒子運動的速度; 點到原點O的距離; 帶電微粒由原點O運動到P點的時間. 【答案】, 3715m 【解析】粒子的重力:, 電場力:, 粒子做勻速直線運動,所受合力為零, 由平衡條件得:, 解得:, 設(shè)速度與x軸的方向為,, 解得:; 重力和電場力的合力是恒力,且方向與微粒在O點的速度方向垂直, 撤去磁場后,微粒做類平拋運動,設(shè)沿初速度方向的位移為,沿合力方向的位移為, 在初速度方向上:, 在合力方向上:, OP間的距離:, 解得:,, 9.(2018福建省漳州市高三考前模擬考試試卷(二)) 在豎直放置固定的光滑絕緣圓環(huán)中,套有一個帶電-q、質(zhì)量m的小環(huán),整個裝置放在如圖所示的正交勻強電磁場中,磁感應強度大小為B,電場,重力加速度為g.當小環(huán)從大環(huán)頂端無初速度下滑時,則小環(huán) A. 運動到最低點的速度最大 B. 不能做完整的圓周運動 C. 對軌道最大壓力為 D. 受到的最大洛侖茲力 【答案】BD 【解析】A.將重力場和電場等效為一個等效場,只有運動到等效最低點速度才最大,故A錯誤。B、由能量守恒定律可知無法到達等效最高點,不能做完整的圓周運動,故B正確。C、由動能定理可得,解得,受到的最大洛侖茲力,故D正確;C、在等效最低點由牛頓第二定律有,可知,故C錯誤。故選BD。 10.(2018貴州省長順縣民族高級中學高三下學期第二次月考) 如圖所示,某空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場,已知一離子在電場力和磁場力作用下,從靜止開始沿曲線acb運動,到達b點時速度為零,c點為運動的最低點,則( ) A. 離子必帶正電 B. a.b兩點位于同一高度 C. 離子在c點速度最大 D. 離子到達b點后將沿原曲線返回a點 【答案】ABC 只要將離子在B點的狀態(tài)與A點進行比較,就可以發(fā)現(xiàn)它們的狀態(tài)(速度為零,電勢能相等)相同,如果右側(cè)仍有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域,離子就將在B之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運動,因此離子是不可能沿原曲線返回A點的。如圖所示。故D錯誤。故選BC。 11.(2018江西師范大學附屬中學高三最后一卷) 如圖所示,虛線框中存在垂直紙面向外的勻強磁場B和平行紙面且與豎直平面夾角為45斜向下的勻強電場E,有一質(zhì)量為m,電荷量為q的帶負電的小球在高為h處的P點從靜止開始自由下落,當小球運動到復合場內(nèi)時剛好做直線運動,那么( ) A. 小球在復合場中一定做勻速直線運動 B. 若換成帶正電的小球,小球仍可能做直線運動 C. 磁感應強度場強 D. 若同時改變小球的比荷與初始下落高度h,小球不能沿直線通過復合場 【答案】ACD 【解析】A、小球在復合場中受到豎直向下的重力、與電場強度方向相反的電場力和水平向右的洛倫茲力的作用,如圖所示: 其中電場力和重力是恒力,而洛倫茲力的大小與小球的速度大小成正比,若小球做的是變速運動,那么洛倫茲力也是變力,小球的合外力方向也要改變,這與題意不符,所以小球在復合場中一定做勻速直線運動。故A正確。B、C、根據(jù)小球的平衡條件可得:,,又v2=2gh,聯(lián)立各式解得磁感應強度,電場強度;若要使小球沿直線通過復合場,小球的合力一定為零,所以一定要滿足,若同時改變小球的比荷與初始下落的高度h,以上兩個式子不能同時滿足,不能做直線運動,故C、D正確。B、若換成帶正電的小球,則電場力和洛倫茲力同時反向,合力不可能為零,故B錯誤。故選ACD。- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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