2019年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題三 電場和磁場 專題跟蹤訓(xùn)練9 磁場及帶電粒子在磁場中的運(yùn)動.doc
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專題跟蹤訓(xùn)練(九) 磁場及帶電粒子在磁場中的運(yùn)動 一、選擇題 1．(2018全國卷Ⅱ) (多選)如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長直絕緣導(dǎo)體L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點(diǎn)，它們相對于L2對稱．整個(gè)系統(tǒng)處于勻強(qiáng)外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，方向垂直于紙面向外．已知a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向外．則( ) A．流經(jīng)L1的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0 B．流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0 C．流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0 D．流經(jīng)L2的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0 [解析] 由對稱性可知，流經(jīng)L1的電流在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)為B1，流經(jīng)L2的電流在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等但方向相反，設(shè)其大小為B2，由磁場疊加原理有B0－B1－B2＝B0，B0－B1＋B2＝B0，聯(lián)立解得B1＝B0，B2＝B0，所以A、C正確． [答案] AC 2．(2018河南六市一聯(lián))如圖所示，PQ和MN為水平平行放置的金屬導(dǎo)軌，相距L＝1 m．P、M間接有一個(gè)電動勢為E＝6 V．內(nèi)阻不計(jì)的電源和一只滑動變阻器，導(dǎo)體棒ab跨放在導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌接觸良好，棒的質(zhì)量為m＝ 0.2 kg，棒的中點(diǎn)用細(xì)繩經(jīng)定滑輪與物體相連，物體的質(zhì)量M＝0.4 kg.棒與導(dǎo)軌的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5(設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，導(dǎo)軌與棒的電阻不計(jì)，g取10 m/s2)，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2 T，方向豎直向下，為了使物體保持靜止，滑動變阻器連入電路的阻值不可能的是( ) A．2 Ω B．2.5 Ω C．3 Ω D．4 Ω [解析] 對棒ab受力分析可知，其受繩的拉力T＝Mg、安培力F安＝BIL＝和水平方向的摩擦力．若摩擦力向左，且滿足＋μmg＝Mg，代入數(shù)據(jù)解得R1＝4 Ω；若摩擦力向右，且滿足－μmg＝Mg，代入數(shù)據(jù)解得R2＝2.4 Ω，所以R的取值范圍為2.4 Ω≤R≤4 Ω，則選A. [答案] A 3．(2018廣東佛山質(zhì)檢)(多選)如圖所示，在空間內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)子和某種粒子從磁場下邊界MN上的O點(diǎn)以相同的速度v0(v0在紙面內(nèi)，v0與MN的夾角θ為銳角)射入磁場中，發(fā)現(xiàn)質(zhì)子從邊界上的F點(diǎn)離開磁場，另一粒子從E點(diǎn)離開磁場．已知＝2d，＝d，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力．下列說法正確的是( ) A．從E點(diǎn)飛出的可能是α粒子 B．從E點(diǎn)飛出的可能是氚核 C．兩種粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間相等 D．兩種粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡所對應(yīng)的圓心角相等 [解析] 設(shè)質(zhì)子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑為r1，另一種粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑為r2，兩種粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示，則由幾何關(guān)系可知，d＝2r1sinθ，3d＝2r2sinθ，兩式聯(lián)立可解得r2＝3r1，由洛倫茲力提供向心力可得r1＝，另一種粒子的半徑r2＝，可得＝3，故從E點(diǎn)飛出的可能是氚核，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由幾何知識可知，兩粒子在磁場中運(yùn)動時(shí)，轉(zhuǎn)過的圓心角均為α＝2(π－θ)，故選項(xiàng)D正確；根據(jù)T＝可知兩種粒子的周期不同，由t＝T可知，兩粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間不相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤． [答案] BD 4．(2018安徽示范高中質(zhì)檢)(多選)電磁動力發(fā)射裝置原理如圖所示，把待發(fā)射導(dǎo)體放置在強(qiáng)磁場中的M、N兩平行導(dǎo)軌中并與導(dǎo)軌良好接觸，導(dǎo)軌長度為x(不變)，再給導(dǎo)體通以大電流，使導(dǎo)體在安培力作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動，并以某一速度發(fā)射出去．已知磁場方向垂直兩導(dǎo)軌所在平面向上，下列說法正確的是( ) A．要把導(dǎo)體向右發(fā)射出去，應(yīng)將N接電源正極，M接電源負(fù)極 B．在導(dǎo)體質(zhì)量、電流大小和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定時(shí)，要增大發(fā)射速度，應(yīng)減小導(dǎo)軌間距和導(dǎo)體直徑 C．在其他條件不變時(shí)，可改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，使之與導(dǎo)軌所在平面平行來增大發(fā)射速度 D．在其他條件不變時(shí)，可增大電流來增大發(fā)射速度 [解析] 由左手定則可知，要把導(dǎo)體向右發(fā)射出去，導(dǎo)體中的電流方向應(yīng)垂直紙面向里，則應(yīng)將N接電源正極，M接電源負(fù)極，A正確；導(dǎo)體發(fā)射的過程中，安培力對導(dǎo)體做正功，則由動能定理BILx＝mv2可知，v＝，在導(dǎo)體的質(zhì)量、電流大小和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定時(shí)，要增大發(fā)射速度，應(yīng)增大導(dǎo)軌間距和導(dǎo)體直徑，B錯(cuò)誤；在其他條件不變時(shí)，若磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與導(dǎo)軌所在平面平行，導(dǎo)體所受的安培力在垂直導(dǎo)軌所在平面方向上，則導(dǎo)體不能發(fā)射出去，C錯(cuò)誤；由v＝可知，在其他條件不變時(shí)，可增大電流來增大發(fā)射速度，D正確． [答案] AD 5．(2018衡水中學(xué)高三調(diào)研)如圖所示，紙面內(nèi)有寬為L，水平向右飛行的帶電粒子流，粒子質(zhì)量均為m、電荷量均為－q、速率均為v0，不考慮粒子的重力及相互間的作用，要使粒子都會聚到一點(diǎn)，可以在粒子流的右側(cè)虛線框內(nèi)設(shè)計(jì)一勻強(qiáng)磁場區(qū)域，則磁場區(qū)域的形狀及對應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可以是哪一種(其中B0＝，A、C、D選項(xiàng)中曲線均為半徑是L的圓弧，B選項(xiàng)中曲線為半徑是的圓)( ) [解析] 若帶電粒子水平向右射入選項(xiàng)A所示的勻強(qiáng)磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，qv0B0＝，解得粒子運(yùn)動的軌跡半徑R＝L，恰好等于磁場圓形邊界的半徑，所以可以使粒子都會聚到一點(diǎn)(梭形磁場區(qū)域的最下方點(diǎn))，選項(xiàng)A正確；對于選項(xiàng)B中的圖象，粒子運(yùn)動的軌跡半徑是磁場圓半徑的2倍，所以帶電粒子流無法從磁場區(qū)域的同一點(diǎn)離開，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；同理可知，選項(xiàng)D的圖象也不符合題意，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；對選項(xiàng)C的圖象分析，可知粒子都從磁場區(qū)域的下邊界離開，但不能會聚到同一點(diǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤． [答案] A 6．(2018石家莊質(zhì)檢一) (多選)如圖所示，等腰直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，直角邊bc的長度為L.三個(gè)相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以速率v1、v2、v3射入磁場，在磁場中運(yùn)動的時(shí)間分別為t1、t2、t3，且t1∶t2∶t3＝3∶3∶2.不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是( ) A．粒子的速率關(guān)系一定是v1＝v2下載提示(請認(rèn)真閱讀)
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