（新課標(biāo)）2020年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 第六章 第一講 動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律練習(xí)（含解析）

《（新課標(biāo)）2020年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 第六章 第一講 動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律練習(xí)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020年高考物理一輪總復(fù)習(xí) 第六章 第一講 動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律練習(xí)（含解析）（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律A組基礎(chǔ)題1關(guān)于物體的動(dòng)量，下列說(shuō)法中正確的是( D )A物體的動(dòng)量越大，其慣性也越大B同一物體的動(dòng)量越大，其速度不一定越大C物體的加速度不變，其動(dòng)量一定不變D運(yùn)動(dòng)物體在任一時(shí)刻的動(dòng)量方向一定是該時(shí)刻的速度方向2運(yùn)動(dòng)員向球踢了一腳，踢球時(shí)的力F100 N，球在地面上滾動(dòng)了t10 s停下來(lái)，則運(yùn)動(dòng)員對(duì)球的沖量為( D )A1 000 NsB500 NsC零 D無(wú)法確定3(多選)(2017全國(guó)卷)一質(zhì)量為2 kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運(yùn)動(dòng)F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，則( AB )At1 s時(shí)物塊的速率為1 m/sBt2 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為4 kgm

2、/sCt3 s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為5 kgm/sDt4 s時(shí)物塊的速度為零4(多選)如圖，把重物壓在紙帶上，用一水平力緩緩拉動(dòng)紙帶，重物跟著一起運(yùn)動(dòng)；若迅速拉動(dòng)紙帶，紙帶將會(huì)從重物下面拉出解釋這些現(xiàn)象的正確說(shuō)法是( CD )A在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，重物和紙帶間的摩擦力大B在迅速拉動(dòng)時(shí)，紙帶給重物的摩擦力小C在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，紙帶給重物的沖量大D在迅速拉動(dòng)時(shí)，紙帶給重物的沖量小5. (2019成都實(shí)驗(yàn)中學(xué)入學(xué)考試)如圖所示，裝有彈簧發(fā)射器的小車放在水平地面上，現(xiàn)將彈簧壓縮鎖定后放入小球，再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去，不計(jì)空氣阻力和一切摩擦從靜止彈射到小球落地前的過(guò)程中，下列判斷正確的是( C )A

3、小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒B小球的機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒C小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒D小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒解析：小球在整個(gè)過(guò)程中除重力之外還有彈簧的彈力做功，故小球的機(jī)械能不守恒；小球從靜止彈射到落地前的過(guò)程中小球所受合外力不為零，故動(dòng)量不守恒；小球、彈簧和小車組成系統(tǒng)在整個(gè)過(guò)程中只有重力和彈力做功，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒；小球從靜止彈射到落地前的過(guò)程中系統(tǒng)所受合外力不為零，故動(dòng)量不守恒，故選C.6我國(guó)女子短道速滑隊(duì)在世錦賽上實(shí)現(xiàn)女子3 000 m接力三連冠觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛

4、推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，則( B )A甲對(duì)乙的沖量一定等于乙對(duì)甲的沖量B甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等、方向相反C甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量D甲對(duì)乙做多少負(fù)功，乙對(duì)甲就一定做多少正功7(多選)質(zhì)量為m的物體， 以v0的初速度沿斜面上滑，到達(dá)最高點(diǎn)處返回原處的速度為vt，且vt0.5v0，則( AC )A上滑過(guò)程中重力的沖量比下滑時(shí)小B上滑時(shí)和下滑時(shí)支持力的沖量都等于零C合力的沖量在整個(gè)過(guò)程中大小為mv0D整個(gè)過(guò)程中物體動(dòng)量變化量為mv08(多選) (2019莆田一中月考)如圖所示，水平光滑軌道寬和彈簧自然長(zhǎng)度均為d

5、.m2的左邊有一固定擋板m1由圖示位置靜止釋放，當(dāng)m1與m2相距最近時(shí)m1速度為v1，則在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中( BD )Am1的最小速度是0Bm1的最小速度是v1Cm2的最大速度是v1Dm2的最大速度是v1解析：從小球m1到達(dá)最近位置后繼續(xù)前進(jìn)，此后拉著m2前進(jìn)，m1減速，m2加速，達(dá)到共同速度時(shí)兩者相距最遠(yuǎn)，此后m1繼續(xù)減速，m2加速，當(dāng)兩球再次相距最近時(shí)，m1達(dá)到最小速度，m2達(dá)最大速度：兩小球水平方向動(dòng)量守恒，速度相同時(shí)保持穩(wěn)定，一直向右前進(jìn)，m1v1m1v1m2v2，m1vm1vm2v；解得v1v1，v2v1，故m2的最大速度為v1，m1的最小速度為v1，B、D正確B組能力題9如圖所示，

6、一質(zhì)量為M3.0 kg的長(zhǎng)方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一質(zhì)量為m1.0 kg的小木塊A.現(xiàn)以地面為參照系，給A和B以大小均為4.0 m/s、方向相反的初速度，使A開始向左運(yùn)動(dòng)，B開始向右運(yùn)動(dòng)，但最后A并沒有滑離木板B.站在地面的觀察者看到在一段時(shí)間內(nèi)小木塊A正在做加速運(yùn)動(dòng)，則在這段時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻木板B相對(duì)地面的速度大小可能是( A )A2.4 m/s B2.8 m/sC3.0 m/s D1.8 m/s10. (2019山西大學(xué)附中診斷)如圖所示，傾角為的足夠長(zhǎng)光滑、固定斜面的底端有一垂直斜面的擋板，A、B兩物體質(zhì)量均為m，通過(guò)勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連放在斜面上，開始時(shí)兩者都處于靜

7、止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)對(duì)A施加一沿斜面向上的恒力F2mgsin ( g為重力加速度)，經(jīng)過(guò)作用時(shí)間t，B剛好離開擋板，若不計(jì)空氣阻力，求： (1)剛施加力F的瞬間，A的加速度大?。?2)B剛離開擋板時(shí)，A的速度大??；(3)在時(shí)間t內(nèi)，彈簧的彈力對(duì)A的沖量IA.解析：(1)剛施加力F的瞬間，彈簧的形變不發(fā)生變化，有：F彈mgsin ；根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)A：FF彈mgsin ma，解得a2gsin .(2)由題意可知，開始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，其壓縮量為x1當(dāng)B剛要離開擋板時(shí)，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，其伸長(zhǎng)量為x2x1此時(shí)其彈性勢(shì)能與彈簧被壓縮時(shí)的彈性勢(shì)能相等從彈簧壓縮到伸長(zhǎng)的過(guò)程，對(duì)A由動(dòng)能定理：(Fmgsin )

8、(x1x2)W彈mv W彈Ep0解得vA2gsin (3)設(shè)沿斜面向上為正方向，對(duì)A由動(dòng)量定理：(Fmgsin )tIAmvA0 ，解得IAmgsin 答案：(1)a2gsin (2)vA2gsin (3)IAmgsin 11如圖所示，木塊A的質(zhì)量mA1 kg，足夠長(zhǎng)的木板B的質(zhì)量mB4 kg，質(zhì)量為mC2 kg的木塊C置于木板B上，水平面光滑，B、C之間有摩擦現(xiàn)使A以v010 m/s的初速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后將以vA4 m/s速度彈回求：(1)B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度值；(2)C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度值解析：(1)碰后瞬間B速度最大，由動(dòng)量守恒定律得mAv0mA(vA)mBvB所以vB m/s3.5 m/s.(2)B、C以共同速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，C速度最大，由動(dòng)量守恒定律得mBvB(mBmC)vC所以vC m/s m/s.答案：(1)3.5 m/s(2) m/s5