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1、選擇題提速練(三)一、單項(xiàng)選擇題1下列關(guān)于物理學(xué)思想方法的敘述錯(cuò)誤的是()A探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用了控制變量法B加速度a、磁感應(yīng)強(qiáng)度B的定義都運(yùn)用了比值法C光滑的水平地面、輕質(zhì)彈簧等運(yùn)用了理想化模型法D平均速度、合力、有效值等概念的建立運(yùn)用了等效替代法解析：選B在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中使用了控制變量法，故A正確；加速度定義為速度變化量與所用時(shí)間的比值即a，a是加速度的決定式，課本明確給出磁感應(yīng)強(qiáng)度定義式為B，屬于比值定義法，故B錯(cuò)誤；光滑水平面和輕質(zhì)彈簧實(shí)際并不存在，是理想化模型，故C正確；平均速度、合力、有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，故D正確。2如圖所示為
2、某同學(xué)設(shè)計(jì)的高壓輸電模擬電路，升壓變壓器T1的原、副線圈匝數(shù)比n1n2 1k，降壓變壓器T2的原、副線圈匝數(shù)比n3n4k1，電阻r3 。升壓變壓器原線圈輸入電壓為16 V的正弦交流電，降壓變壓器副線圈接額定電壓為15 V、額定功率為45 W的用電器。兩個(gè)變壓器可視為理想變壓器，要使用電器正常工作，則()AkBk3Ck4Dk9解析：選B用電器的電流為I4 A3 A，則輸電線上的電流：I3 A；降壓變壓器輸入電壓U3kU415k V；因升壓變壓器的輸出電壓U216k V，根據(jù)歐姆定律，有U2I3rU3，即16k V3 V15k V，解得k3，故選B。3.重型自卸車?yán)靡簤貉b置使車廂緩慢傾斜到一定角
3、度，車廂上的石塊就會(huì)自動(dòng)滑下，以下說(shuō)法正確的是()A在石塊下滑前后自卸車與石塊整體的重心位置不變B自卸車車廂傾角越大，石塊與車廂的動(dòng)摩擦因數(shù)越小C自卸車車廂傾角變大，車廂與石塊間的正壓力減小D石塊開始下滑時(shí)，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力解析：選C物體重心的位置跟形狀還有質(zhì)量分布有關(guān)，石塊下滑前后，質(zhì)量分布變化，形狀變化，所以重心改變，故A錯(cuò)誤；動(dòng)摩擦因數(shù)是物體本身的屬性，只與物體本身有關(guān)，與有沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，以及有沒(méi)有正壓力無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；石塊處于平衡狀態(tài)，則有：mgsin f，F(xiàn)Nmgcos ，自卸車車廂傾角增大時(shí)，車廂與石塊間的摩擦力增大，車廂與石塊間的正壓力FN逐漸減小，C正確；石
4、塊滑動(dòng)后的摩擦力是滑動(dòng)摩擦力，小于最大靜摩擦力，也小于重力沿斜面方向的分力，故D錯(cuò)誤。4如圖1所示，理想變壓器的原線圈接在圖2所示的交流電源上，副線圈上接有“10 V,1 W”的燈泡能正常發(fā)光。已知電流表、電壓表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是()A電壓表示數(shù)為311 VB交流電的電壓表達(dá)式為u311sin 50tC變壓器原、副線圈匝數(shù)比為221D若將電流表?yè)Q成燈泡，則變壓器輸出功率增大解析：選C電壓表的示數(shù)為有效值，所以U1 V220 V，故A錯(cuò)誤；交流電的電壓表達(dá)式為uUmsin tUmsint311sin 100t V，故B錯(cuò)誤；副線圈上接有“10 V，1 W”的燈泡能正常發(fā)光，則U210
5、 V，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1n2U1U2221，故C正確；若將電流表?yè)Q成燈泡，則副線圈的電阻增大，電流變小，輸出電壓不變，根據(jù)PU2I2可知變壓器輸出功率減小，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示為環(huán)地月拉格朗日L2點(diǎn)軌道，該拉格朗日點(diǎn)位于地球和月球連線的延長(zhǎng)線上，飛行器處于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下與月球同步繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)。以下關(guān)于飛行器在L2點(diǎn)的說(shuō)法正確的是()A向心力僅由地球的引力提供B周期小于月球的周期C線速度小于月球的線速度D向心加速度大于月球的向心加速度解析：選D探測(cè)器的向心力由地球和月球引力的合力提供，故A錯(cuò)誤；飛行器與月球同步繞地球運(yùn)動(dòng)，角速度相等，周期相同，故B錯(cuò)誤；根據(jù)vr知
6、探測(cè)器的線速度大于月球的線速度，故C錯(cuò)誤；根據(jù)ar2知，探測(cè)器的向心加速度大于月球的向心加速度，故D正確。二、多項(xiàng)選擇題6科學(xué)技術(shù)在生產(chǎn)、生活中有廣泛的應(yīng)用，下列裝置中運(yùn)用了電磁感應(yīng)的原理和規(guī)律的是()解析：選BD霍爾元件和回旋加速器都利用了磁場(chǎng)對(duì)帶電粒子的作用，沒(méi)有電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A、C錯(cuò)誤；位移傳感器中鐵芯插入線圈的長(zhǎng)度不同，線圈的自感系數(shù)不同，對(duì)交流的阻礙作用的大小不同，自感是一種電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B正確；運(yùn)輸中的電流表兩極短接，利用電磁阻尼來(lái)防止指針的擺動(dòng)，也是利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故D正確。7.如圖所示，實(shí)線是帶電粒子在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，ACB為軌跡上的三點(diǎn)，虛線可能是電場(chǎng)線，也可
7、能是等差等勢(shì)線，F(xiàn)方向垂直于虛線。則()A粒子一定從A向B運(yùn)動(dòng)B粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的受力方向不可能沿F的方向CA點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)D粒子在A點(diǎn)的加速度一定小于在B點(diǎn)的加速度解析：選BD由于電場(chǎng)方向、粒子的正負(fù)不能確定，所以不能夠確定粒子一定從A向B運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；電場(chǎng)力的方向和電場(chǎng)的方向相同或相反，所以F垂直的應(yīng)該是等差等勢(shì)線。根據(jù)軌跡彎曲的方向，F(xiàn)方向應(yīng)該垂直于等勢(shì)線向下，故B正確；由于不能夠確定電場(chǎng)的方向，所以無(wú)法判斷A點(diǎn)電勢(shì)是否高于B點(diǎn)電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；等差等勢(shì)線的密集度和電場(chǎng)線一樣能夠反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，越密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，A的等差等勢(shì)線比B點(diǎn)等差等勢(shì)線要稀疏，A的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)小，所以
8、粒子在A點(diǎn)的加速度一定小于在B點(diǎn)的加速度，故D正確。8.一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0x2段是對(duì)稱的曲線，x2x3是直線段。下列判斷正確的是()Ax1處電場(chǎng)強(qiáng)度最大Bx2x3段是勻強(qiáng)電場(chǎng)Cx1、x2、x3處電勢(shì)1、2、3的關(guān)系為123D粒子在0x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2x3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)解析：選BC根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Epq，場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系：E，得E，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知Epx圖像切線的斜率等于，x1處切線斜率為零，則x1處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤。由題圖看出在0x1段圖像切線的斜率不斷減小，由上式知場(chǎng)強(qiáng)減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加
9、速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)。x1x2段圖像切線的斜率不斷增大，場(chǎng)強(qiáng)增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)。x2x3段斜率不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子所受的電場(chǎng)力不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確，D錯(cuò)誤。根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：Epq，粒子帶負(fù)電，q0，則知：電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有：123，故C正確。9.如圖所示，絕緣彈簧的下端固定在光滑斜面底端，彈簧與斜面平行，帶電小球Q(可視為質(zhì)點(diǎn))固定在絕緣斜面上的M點(diǎn)，且在通過(guò)彈簧中心的直線ab上?，F(xiàn)將與Q大小相同，帶電性也相同的小球P，從直線ab上的N點(diǎn)由靜止釋放，若兩小球可視為點(diǎn)電荷。在小球P與彈簧
10、接觸到速度變?yōu)榱愕倪^(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是()A小球P的速度一定先增大后減小B小球P的機(jī)械能一定在減少C小球P速度最大時(shí)所受彈簧彈力和庫(kù)侖力的合力為零D小球P與彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能一定增加解析：選AD小球P先沿斜面加速向下運(yùn)動(dòng)，后減速向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，小球靜止，故A正確。小球P除了重力和彈力做功之外還有庫(kù)侖斥力做功，開始彈簧的彈力和庫(kù)侖斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的機(jī)械能增大；隨彈力的增大，二者的合力向上，做負(fù)功，機(jī)械能減小，所以小球P的機(jī)械能先增大后減小，故B錯(cuò)誤。小球P的加速度為零，即所受彈簧彈力、重力沿斜面向下的分力和庫(kù)侖力的合力為零時(shí)，小球P的速度最大，故C錯(cuò)誤。根據(jù)能量守恒定律知，小球P的動(dòng)能、與地球間重力勢(shì)能、與小球Q間電勢(shì)能和彈簧彈性勢(shì)能的總和不變，因?yàn)樵谛∏騊與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^(guò)程中，Q對(duì)P的庫(kù)侖斥力做正功，電勢(shì)能減小，所以小球P與彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能一定增加，故D正確。4
（江蘇專用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練（三）
