【新教材】高考化學配套作業(yè)：專題8 第4單元 難溶電解質的沉淀溶解平衡 含解析

《【新教材】高考化學配套作業(yè)：專題8 第4單元 難溶電解質的沉淀溶解平衡 含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《【新教材】高考化學配套作業(yè)：專題8 第4單元 難溶電解質的沉淀溶解平衡 含解析（14頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、新教材適用高考化學課時提升作業(yè)(二十五)(45分鐘100分)一、選擇題(本題包括10小題,每小題6分,共60分)1.(2013廣州模擬)化學平衡常數(K)、弱酸的電離平衡常數(Ka)、難溶物的溶度積常數(Ksp)是判斷物質性質或變化的重要的平衡常數。下列關于這些常數的說法中,正確的是()A.平衡常數的大小與溫度、濃度、壓強、催化劑等有關B.當溫度升高時,弱酸的電離平衡常數Ka變小C.Ksp(AgCl)Ksp(AgI),由此可以判斷AgCl(s)+ I-(aq)=AgI(s)+ Cl-(aq)能夠發(fā)生D.Ka(HCN)c(SO42-)D.向該飽和溶液中加入BaCl2固體,則該溶液中c(SO42-

2、)減小3.(2012安徽高考)已知室溫下,Al(OH)3的Ksp或溶解度遠大于Fe(OH)3。向濃度均為0.1 molL-1的Fe(NO3)3和Al(NO3)3混合溶液中,逐滴加入NaOH溶液。下列示意圖表示生成Al(OH)3的物質的量與加入NaOH溶液的體積的關系,合理的是()4.(2013嘉興模擬)化工生產中常用MnS作為沉淀劑除去工業(yè)廢水中Cu2+:Cu2+(aq)+MnS(s)CuS(s)+Mn2+(aq),下列說法錯誤的是()A.MnS的Ksp比CuS的Ksp大B.該反應達平衡時c(Mn2+)=c(Cu2+)C.往平衡體系中加入少量CuSO4固體后,c(Mn2+)變大D.該反應的平衡

3、常數K=Ksp(MnS)Ksp(CuS)5.已知25時一些難溶物質的溶度積常數如下:化學式Zn(OH)2ZnSAgClAg2SMgCO3Mg(OH)2溶度積510-172.510-221.810-106.310-506.810-61.810-11根據上表數據,判斷下列化學方程式不正確的是()A.2AgCl+Na2S=2NaCl+Ag2SB.MgCO3+H2OMg(OH)2+CO2C.ZnS+2H2O=Zn(OH)2+H2SD.Mg(HCO3)2+2Ca(OH)2=Mg(OH)2+2CaCO3+2H2O6.常溫下,Ag2SO4、AgCl、AgI的溶度積常數依次為Ksp(Ag2SO4)=7.710

4、-5、Ksp(AgCl)=1.810-10、Ksp(AgI)=8.310-17。下列有關說法中,錯誤的是()A.常溫下,Ag2SO4、AgCl、AgI在水中的溶解能力依次減弱B.在AgCl飽和溶液中加入NaI固體,有AgI沉淀生成C.Ag2SO4、AgCl、AgI的溶度積常數之比等于它們飽和溶液的物質的量濃度之比D.在Ag2SO4飽和溶液中加入Na2SO4固體有Ag2SO4沉淀析出7.(2013溫州模擬)一定溫度下的難溶電解質AmBn在水溶液中達到溶解平衡時。已知下表數據:物質Fe(OH)2Cu(OH)2Fe(OH)3Ksp/258.010-162.210-204.010-38完全沉淀時的pH

5、9.66.434對含等物質的量的CuSO4、FeSO4、Fe2(SO4)3的混合溶液的說法中錯誤的是()A.向該溶液中加入少量鐵粉不能觀察到紅色固體析出B.該溶液中c(SO42-)c(Cu2+)+c(Fe2+)+c(Fe3+)54C.向該溶液中加入適量氯水,并調節(jié)pH到34后過濾,得到純凈的CuSO4溶液D.向該混合溶液中逐滴加入NaOH溶液,最先看到紅褐色沉淀8.某溫度下Fe(OH)3(s)、Cu(OH)2(s)分別在溶液中達到沉淀溶解平衡后,改變溶液pH,金屬陽離子濃度的變化如圖所示:據圖分析,下列判斷錯誤的是()A.KspFe(OH)3KspCu(OH)2B.加適量NH4Cl固體可使溶液

6、由a點變到b點C.c、d兩點代表的溶液中c(H+)與c(OH-)乘積相等D.Fe(OH)3、Cu(OH)2分別在b、c兩點代表的溶液中達到飽和9.在t時,AgBr在水中的沉淀溶解平衡曲線如圖所示。又知t時AgCl的Ksp=410-10,下列說法中不正確的是()A.在t時,AgBr的Ksp為4.910-13B.在AgBr飽和溶液中加入NaBr固體,可使溶液由c點到b點C.圖中a點對應的是AgBr的不飽和溶液D.在t時,AgCl(s)+Br-(aq)AgBr(s)+Cl-(aq)平衡常數K81610.(能力挑戰(zhàn)題)(2013石家莊模擬)取一定量的PbI2固體用蒸餾水配成飽和溶液,量取25.00 m

7、L PbI2飽和溶液,分次慢慢加入交換柱,進行如下離子交換反應:Pb2+(aq)+2RH(s)=R2Pb(s)+2H+(aq),用潔凈的錐形瓶接流出液,待溶液流出后,再用蒸餾水淋洗樹脂至流出液呈中性,將洗滌液一并放在錐形瓶中,加入指示劑,用0.002 5 molL-1NaOH溶液滴定,當達到滴定終點時,用去氫氧化鈉溶液20.00 mL。結合上述實驗數據(已知lg2.5=0.4),下列有關說法正確的是()A.常溫下,0.002 5 molL-1NaOH溶液pH=11.6B.在溫度不變時,向PbI2飽和溶液中加入少量硝酸鉛濃溶液,PbI2的Ksp減小C.溫度不變,T時刻,向PbI2飽和溶液中加入少

8、量KI濃溶液,離子濃度變化如圖所示D.本次實驗測得的tPbI2的Ksp=410-9二、非選擇題(本題包括3小題,共40分)11.(15分)(1)在2 mL 0.1 molL-1的NaCl溶液中,加入2 mL 0.1 molL-1的AgNO3溶液,可觀察到 ,此反應的離子方程式為 。將此混合液過濾,濾渣加入2 mL 0.1 molL-1的KI溶液,攪拌,可觀察到 _,反應的離子方程式為 。(2)對于Ag2S(s)2Ag+(aq)+S2-(aq),其Ksp的表達式為。(3)下列說法不正確的是 。A.用稀鹽酸洗滌AgCl沉淀比用水洗滌損耗AgCl小B.物質的溶解度隨溫度的升高而增加,故物質的溶解都是

9、吸熱的C.對于Al(OH)3(s)Al(OH)3(aq)Al3+3OH-,前者為溶解平衡,后者為電離平衡D.除去溶液中的Mg2+,用OH-沉淀Mg2+比用CO32-效果好,說明Mg(OH)2的溶解度比MgCO3大E.沉淀反應中常加過量的沉淀劑,其目的是使沉淀完全12.(15分)鋇(Ba)和鍶(Sr)及其化合物在工業(yè)上有著廣泛的應用,它們在地殼中常以硫酸鹽的形式存在,BaSO4和SrSO4都是難溶性鹽。工業(yè)上提取鋇和鍶時首先將BaSO4和SrSO4轉化成難溶弱酸鹽。已知:SrSO4(s)Sr2+(aq)+SO42-(aq)Ksp=2.510-7SrCO3(s)Sr2+(aq)+CO32-(aq)

10、Ksp=2.510-9(1)將SrSO4轉化成SrCO3的離子方程式為,該反應的平衡常數表達式為;該反應能發(fā)生的原因是 。(用沉淀溶解平衡的有關理論解釋)(2)對于上述反應,實驗證明增大CO32-的濃度或降低溫度都有利于提高SrSO4的轉化率。判斷在下列兩種情況下,平衡常數K的變化情況(填“增大”“減小”或“不變”):升高溫度,平衡常數K將;增大CO32-的濃度,平衡常數K將。(3)已知,SrSO4和SrCO3在酸中的溶解性與BaSO4和BaCO3類似,設計實驗證明上述過程中SrSO4是否完全轉化成SrCO3。實驗所用的試劑為;實驗現(xiàn)象及其相應結論為 。13.(10分)(能力挑戰(zhàn)題)金屬氫氧化

11、物在酸中溶解度不同,因此可以利用這一性質,控制溶液的pH,達到分離金屬離子的目的。難溶金屬的氫氧化物在不同pH下的溶解度(S/molL-1)如圖所示:(1)pH=3時溶液中銅元素的主要存在形式是 。(2)若要除去CuCl2溶液中的少量Fe3+,應該控制溶液的pH。A.6(3)在Ni(NO3)2溶液中含有少量的Co2+雜質,(填“能”或“不能”)通過調節(jié)溶液pH的方法來除去,理由是 。(4)已知一些難溶物的溶度積常數如下表:物質FeSMnSCuSKsp6.310-182.510-131.310-35物質PbSHgSZnSKsp3.410-286.410-331.610-24為除去某工業(yè)廢水中含有

12、的Cu2+、Pb2+、Hg2+雜質,最適宜向此工業(yè)廢水中加入過量的。A.NaOHB.FeSC.Na2S答案解析1.【解析】選C。平衡常數的大小僅與溫度有關,A不正確;弱酸的電離是吸熱過程,溫度升高,電離平衡常數增大,B不正確;溶度積常數大的難溶電解質易向溶度積常數小的難溶電解質轉化,C正確;電離平衡常數越大,對應酸的酸性越強,D不正確。2.【解析】選D。BaSO4的溶度積等于c(Ba2+)和c(SO42-)的乘積,故飽和溶液中c(SO42-)=1.0510-5molL-1,再加入的BaSO4固體不溶解,c(SO42-)不變,A項錯誤;溶度積常數只與溫度有關,B項錯誤;加入Na2SO4固體,Ba

13、SO4的溶解平衡向左移動,c(Ba2+)減小,應為c(SO42-)c(Ba2+),C項錯誤;加入BaCl2固體,BaSO4的溶解平衡向左移動,c(SO42-)減小。3.【解題指南】解答本題時要注意到由于KspAl(OH)3KspFe(OH)3,向混合溶液中滴加NaOH溶液的開始階段無Al(OH)3沉淀生成?！窘馕觥窟xC。因KspAl(OH)3KspFe(OH)3,因此向混合溶液中滴加NaOH溶液時,首先應生成Fe(OH)3沉淀,當Fe3+沉淀完全后,再生成Al(OH)3沉淀,繼續(xù)滴加NaOH溶液,則Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O,沉淀逐漸溶解直至消失,故C項圖像符合實際情況。4.

14、【解析】選B。根據沉淀轉化向溶度積小的方向進行,Ksp(MnS)Ksp(CuS),A對;該反應達平衡時c(Mn2+)、c(Cu2+)保持不變,但不一定相等,B錯;往平衡體系中加入少量CuSO4固體后,平衡向正方向移動,c(Mn2+)變大,C對;該反應的平衡常數K=c(Mn2+)c(Cu2+)=c(Mn2+)c(S2-)c(Cu2+)c(S2-)=Ksp(MnS)Ksp(CuS),D對。5.【解析】選C。根據溶度積常數可知,溶解能力:ZnSZn(OH)2,由于發(fā)生復分解反應時一般生成溶解度更小的物質,故C不正確。【誤區(qū)警示】一般來講,化學反應向著生成更難溶的物質的方向進行,即難溶解的物質能轉化為

15、更難溶解的物質。但不能認為溶解度較小的物質就一定不能轉化為溶解度較大的物質,如在一定條件下AgI也可轉化為AgCl。6.【解析】選C。由溶度積數據可知A選項正確;Ksp(AgI)10-4.4,所以KspFe(OH)3Ksp,沉淀要析出,故D正確。9.【解題指南】解答本題時應注意以下2點:(1)曲線上的點為溶解平衡點,找準關鍵點求Ksp。(2)結合Qc與Ksp的大小比較a、b的狀態(tài)?！窘馕觥窟xB。根據圖中c點的c(Ag+)和c(Br-)可得該溫度下AgBr的Ksp為4.910-13,A正確;在AgBr飽和溶液中加入NaBr固體后,c(Br-)增大,溶解平衡逆向移動,c(Ag+)減小,故B錯;在a

16、點時QcKsp,故為AgBr的不飽和溶液,C正確;選項D中K=c(Cl-)/c(Br-)=Ksp(AgCl)/Ksp(AgBr),代入數據得K816,D正確。【方法技巧】巧用沉淀溶解平衡曲線解決問題(1)沉淀溶解平衡曲線上各個點都是平衡點。各個點對應的橫坐標和縱坐標分別為此平衡狀態(tài)時的離子濃度。(2)曲線外各點都不是平衡狀態(tài),若在曲線以下,是不飽和狀態(tài),可以判斷使之達到平衡的方法;曲線以上的各點,已經過飽和,必然有固體析出。(3)利用曲線中的數據,根據Ksp公式計算得出Ksp的值。10.【解析】選D。A項,常溫下,0.002 5 molL-1NaOH溶液的pOH=3- lg2.5=2.6,所以

17、pH=11.4,錯誤;B項,Ksp只受溫度的影響,溫度不變時,PbI2的Ksp不變,錯誤;C項,溫度不變,T時刻,向PbI2飽和溶液中加入少量KI濃溶液,PbI2的沉淀溶解平衡PbI2(s)Pb2+(aq)+2I-(aq)逆向移動,離子濃度變化如圖所示:,錯誤;D項,PbI2飽和溶液中n(Pb2+)=12n(H+)=12n(OH-)=120.002 5 molL-10.020 00 L=2.510-5mol,c(Pb2+)=1.010-3molL-1,c(I-)=2.010-3molL-1,所以本次實驗測得的tPbI2的Ksp=410-9,正確。11.【解析】(1)發(fā)生的反應為NaCl+AgN

18、O3=NaNO3+AgCl,現(xiàn)象是有白色沉淀析出;加入KI溶液,發(fā)生反應AgCl+KI=AgI+KCl,現(xiàn)象是白色沉淀變?yōu)辄S色沉淀。(2)Ksp=c2(Ag+)c(S2-)。(3)鹽酸中的Cl-使AgCl的溶解平衡逆向移動,故AgCl在水中的溶解度比在鹽酸中大,A正確;NaOH固體溶解是放熱的,硫酸溶于水也是放熱的,B錯誤;Al(OH)3(s) Al(OH)3(aq)是溶解平衡,Al(OH)3(aq)Al3+3OH-是電離平衡,C正確;沉淀效果好說明Mg(OH)2的溶解度比MgCO3的小,D錯誤;沉淀劑越多,使離子沉淀越完全,E正確。答案:(1)白色沉淀Ag+Cl-=AgCl白色沉淀變?yōu)辄S色沉

19、淀AgCl+I-=AgI+Cl-(2)Ksp=c2(Ag+)c(S2-)(3)B、D12.【解析】(1)SrSO4轉化成SrCO3的離子反應為SrSO4(s)+CO32-(aq)SrCO3(s)+SO42-(aq),平衡常數表達式為K=c(SO42-)c(CO32-),根據沉淀轉化的原理,該反應能夠發(fā)生,是因為Ksp(SrCO3)Ksp(SrSO4)。(2)降低溫度有利于提高SrSO4的轉化率,說明降溫平衡向正反應方向移動,因此升高溫度,平衡向逆反應方向移動,故平衡常數K減小。平衡常數只與溫度有關,增大CO32-的濃度,平衡常數不變。(3)根據提供的信息,可以推斷SrSO4難溶于鹽酸,而SrC

20、O3可溶于鹽酸,因此向溶液中加入鹽酸,若沉淀全部溶解,則SrSO4完全轉化成SrCO3,若沉淀沒有全部溶解,則SrSO4沒有完全轉化成SrCO3,需要注意的是,不能選擇稀硫酸,因為SrCO3與稀硫酸反應生成SrSO4。答案:(1)SrSO4(s)+CO32-(aq)SrCO3(s)+SO42-(aq)K=c(SO42-)c(CO32-)Ksp(SrCO3)Ksp(SrSO4),加入CO32-后,平衡SrSO4(s) Sr2+(aq)+SO42-(aq)正向移動,生成SrCO3(2)減小不變(3)鹽酸若沉淀完全溶解,則證明SrSO4完全轉化成SrCO3,否則,未完全轉化13.【解析】(1)由圖可知,在pH=3時溶液中不會出現(xiàn)Cu(OH)2沉淀。(2)要除去Fe3+的同時必須保證Cu2+不能沉淀,因此pH應保持在4左右。(3)從圖示關系可看出,Co2+和Ni2+沉淀的pH范圍相差太小,不能通過調節(jié)pH而達到分離的目的。(4)要使三種離子生成沉淀,最好選擇難溶于水的FeS,使三種雜質離子轉化為更難溶解的金屬硫化物沉淀,同時又不會引入其他離子。答案:(1)Cu2+(2)B(3)不能Co2+和Ni2+沉淀的pH范圍相差太小(4)B