7、的長;
(2)當(dāng)k=1,m為任何值時,猜想AB的長是否不變?并證明你的猜想.
(3)當(dāng)m=0,無論k為何值時,猜想△AOB的形狀.證明你的猜想.
(平面內(nèi)兩點間的距離公式).
10.如圖1,平面之間坐標(biāo)系中,等腰直角三角形的直角邊BC在x軸正半軸上滑動,點C的坐標(biāo)為(t,0),直角邊AC=4,經(jīng)過O,C兩點做拋物線y1=ax(x﹣t)(a為常數(shù),a>0),該拋物線與斜邊AB交于點E,直線OA:y2=kx(k為常數(shù),k>0)
(1)填空:用含t的代數(shù)式表示點A的坐標(biāo)及k的值:A ,k ??;
(2)隨著三
8、角板的滑動,當(dāng)a=時:
①請你驗證:拋物線y1=ax(x﹣t)的頂點在函數(shù)y=-0.25x2的圖象上;
②當(dāng)三角板滑至點E為AB的中點時,求t的值;
(3)直線OA與拋物線的另一個交點為點D,當(dāng)t≤x≤t+4,|y2﹣y1|的值隨x的增大而減小,當(dāng)x≥t+4時,|y2﹣y1|的值隨x的增大而增大,求a與t的關(guān)系式及t的取值范圍.
11.已知:函數(shù)y=ax2-(3a+1)x+2a+1(a為常數(shù)).
(1)若該函數(shù)圖象與坐標(biāo)軸只有兩個交點,求a的值;
(2)若該函數(shù)圖象是開口向上的拋物線,與x軸相交于點A(x1,0),B(x2,0)兩
9、點,與y軸相交于點C,
且x2-x1=2.
①求拋物線的解析式;
②作點A關(guān)于y軸的對稱點D,連結(jié)BC,DC,求sin∠DCB的值.
12.如圖①,一次函數(shù)y=kx+b的圖象與二次函數(shù)y=x2的圖象相交于A,B兩點,點A,B的橫坐標(biāo)分別為m,n(m<0,n>0).
(1)當(dāng)m=﹣1,n=4時,k= ,b= ??;
當(dāng)m=﹣2,n=3時,k= ,b= ?。?
(2)根據(jù)(1)中的結(jié)果,用含m,n的代數(shù)式分別表示k與b,并證明你的結(jié)論;
(3)利用(2)中的結(jié)論,解答下列問題:
10、 如圖②,直線AB與x軸,y軸分別交于點C,D,點A關(guān)于y軸的對稱點為點E,連接AO,OE,ED.
①當(dāng)m=﹣3,n>3時,求的值(用含n的代數(shù)式表示);
②當(dāng)四邊形AOED為菱形時,m與n滿足的關(guān)系式為 ?。?
當(dāng)四邊形AOED為正方形時,m= ,n= .
13.已知拋物線y=ax2+bx+c(a≠0)經(jīng)過原點,頂點為A(h,k)(h≠0).
(1)當(dāng)h=1,k=2時,求拋物線的解析式;
(2)若拋物線y=tx2(t≠0)也經(jīng)過A點,求a與t之間的關(guān)系式;
(3)當(dāng)點A在拋物線y=x2﹣x上,且﹣
11、2≤h<1時,求a的取值范圍.
參考答案
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7.解:(1)將A(0,-4)、B(-2,0)代入拋物線y=0.5x2+bx+c中,得:
?0+c=-4 1 2 ×4-2b+c=0,解得: b=-1 c=-4∴拋物線的解析式:y=0.5x2-x-4.
(2)由題意,新拋物線的解析式可表示為:y=0.5(x+m)2-(x+m)-4+3.5
12、,
即:y=0.5x2+(m-1)x+0.5m2-m-0.5 ;它的頂點坐標(biāo)P:(1-m,-1);
由(1)的拋物線解析式可得:C(4,0);那么直線AB:y=-2x-4;直線AC:y=x-4;
當(dāng)點P在直線AB上時,-2(1-m)-4=-1,解得:m=2.5;
當(dāng)點P在直線AC上時,(1-m)-4=-1,解得:m=-2;
∴當(dāng)點P在△ABC內(nèi)時,-2<m<2.5;
又∵m>0,∴符合條件的m的取值范圍:0<m<2.5 .
(3)由A(0,-4)、B(4,0)得:OA=OC=4,且△OAC是等腰直角三角形;
如圖,在OA上取ON=OB=2,則∠ONB=∠ACB=45°;
∴∠
13、ONB=∠NBA+OAB=∠ACB=∠OMB+∠OAB,即∠ONB=∠OMB;
如圖,在△ABN、△AM1B中,∠BAN=∠M1AB,∠ABN=∠AM1B,
∴△ABN∽△AM1B,得:AB2=AN?AM1;易得:AB2=(-2)2+42=20,AN=OA-ON=4-2=2;
∴AM1=20÷2=10,OM1=AM1-OA=10-4=6;
而∠BM1A=∠BM2A=∠ABN,∴OM1=OM2=6,AM2=OM2-OA=6-4=2.
綜上,AM的長為6或2.
8.
9.
(3)當(dāng)m=0,k為任意常數(shù)時,△AOB為直角三角形,理由如下:
①當(dāng)k=0時,則函數(shù)的
14、圖象為直線y=1,
由y=x2,y=1,得A(﹣1,1),B(1,1),顯然△AOB為直角三角形;
②當(dāng)k=1時,則一次函數(shù)為直線y=x+1,
由y=x2,y=x+1,得x2﹣x﹣1=0,∴x1+x2=1,x1x2=﹣1,
∴AB=AC=|x2﹣x1|==,∴AB2=10,
∵OA2+OB2=x12+y12+x22+y22=x12+x22+y12+y22=x12+x22+(x1+1)2+(x2+1)2
=x12+x22+(x12+2x1+1)+(x22+2x2+1)=2(x12+x22)+2(x1+x2)+2=2(1+2)+2×1+2=10,
∴AB2=OA2+OB2,∴△AOB
15、是直角三角形;
③當(dāng)k為任意實數(shù),△AOB仍為直角三角形.
由y=x2,y=kx+1,得x2﹣kx﹣1=0,∴x1+x2=k,x1x2=﹣1,
∴AB2=(x1﹣x2)2+(y1﹣y2)2=(x1﹣x2)2+(kx1﹣kx2)2=(1+k2)(x1﹣x2)2
=(1+k2)[(x1+x2)2﹣4x1x2]=(1+k2)(4+k2)=k4+5k2+4,
∵OA2+OB2=x12+y12+x22+y22=x12+x22+y12+y22=x12+x22+(kx1+1)2+(kx2+1)2
=x12+x22+(k2x12+2kx1+1)+(k2x22+2kx2+1)=(1+k2)(x12+x22)+2k(x1+x2)+2
=(1+k2)(k2+2)+2kk+2=k4+5k2+4,∴AB2=OA2+OB2,∴△AOB為直角三角形.
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