中考數(shù)學(xué) 第二部分 題型研究 題型五 圓的綜合題試題
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題型五 圓的綜合題 針對(duì)演練 1. 如圖,AB是⊙O的弦,AB=4,過圓心O的直線垂直AB于點(diǎn)D,交⊙O于點(diǎn)C和點(diǎn)E,連接AC、BC、OB,cos∠ACB=,延長OE到點(diǎn)F,使EF=2OE. (1)求證:∠BOE=∠ACB; (2)求⊙O的半徑; (3)求證:BF是⊙O的切線. 第1題圖 2. 如圖,AB為⊙O的直徑,點(diǎn)C為圓外一點(diǎn),連接AC、 BC,分別與⊙O相交于點(diǎn)D、點(diǎn)E,且,過點(diǎn)D作DF⊥BC于點(diǎn)F,連接BD、DE、AE. (1)求證:DF是⊙O的切線; (2)試判斷△DEC的形狀,并說明理由; (3)若⊙O的半徑為5,AC=12,求sin∠EAB的值. 第2題圖 3. (2016長沙9分)如圖,四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O,對(duì)角線AC為⊙O的直徑,過點(diǎn)C作AC的垂線交AD的延長線于點(diǎn)E,點(diǎn)F為CE的中點(diǎn),連接DB,DC,DF. (1)求∠CDE的度數(shù); (2)求證:DF是⊙O的切線; (3)若AC=2DE,求tan∠ABD的值. 第3題圖 4. (2016德州10分)如圖,⊙O是△ABC的外接圓,AE平分∠BAC交⊙O于點(diǎn)E,交BC于點(diǎn)D,過點(diǎn)E作直線l∥BC. (1)判斷直線l與⊙O的位置關(guān)系,并說明理由; (2)若∠ABC的平分線BF交AD于點(diǎn)F,求證:BE=EF; (3)在(2)的條件下,若DE=4,DF=3,求AF的長. 第4題圖 5. (2015永州)如圖,已知△ABC內(nèi)接于⊙O,且AB=AC,直徑AD交BC于點(diǎn)E,F(xiàn)是OE上的一點(diǎn),使CF∥BD. (1)求證:BE=CE; (2)試判斷四邊形BFCD的形狀,并說明理由; (3)若BC=8,AD=10,求CD的長. 第5題圖 6. (2015省卷24,9分)⊙O是△ABC的外接圓,AB是直徑,過的中點(diǎn)P作⊙O的直徑PG交弦BC于點(diǎn)D,連接AG,CP,PB. (1)如圖①,若D是線段OP的中點(diǎn),求∠BAC的度數(shù); (2)如圖②,在DG上取一點(diǎn)K,使DK=DP,連接CK,求證:四邊形AGKC是平行四邊形; (3)如圖③,取CP的中點(diǎn)E,連接ED并延長ED交AB于點(diǎn)H,連接PH,求證:PH⊥AB. 第6題圖 7. (2017原創(chuàng))如圖,AB切⊙O于點(diǎn)B,AD交⊙O于點(diǎn)C和點(diǎn)D,點(diǎn)E為的中點(diǎn),連接OE交CD于點(diǎn)F,連接BE交CD于點(diǎn)G. (1)求證:AB=AG; (2)若DG=DE,求證:GB2=GCGA; (3)在(2)的條件下,若tanD=,EG=,求⊙O的半徑. 第7題圖 8. (2015達(dá)州)在△ABC的外接圓⊙O中,△ABC的外角平分線CD交⊙O于點(diǎn)D,F(xiàn)為上一點(diǎn),且,連接DF,并延長DF交BA的延長線于點(diǎn)E. (1)判斷DB與DA的數(shù)量關(guān)系,并說明理由; (2)求證:△BCD≌△AFD; (3)若∠ACM=120,⊙O的半徑為5,DC=6,求DE的長. 第8題圖 9. 如圖,AB為⊙O的直徑,P是BA延長線上一點(diǎn),PC切⊙O于點(diǎn)C,CG是⊙O的弦,CG⊥AB,垂足為點(diǎn)D. (1)求證:△ACD∽△ABC; (2)求證:∠PCA=∠ABC; (3)過點(diǎn)A作AE∥PC交⊙O于點(diǎn)E,交CG于點(diǎn)F,連接BE,若sinP=,CF=5,求BE的長. 第9題圖 10. (2016大慶9分)如圖,在Rt△ABC中,∠C=90,以BC為直徑的⊙O交斜邊AB于點(diǎn)M,若H是AC的中點(diǎn),連接MH. (1)求證:MH為⊙O的切線; (2)若MH=,tan∠ABC=,求⊙O的半徑; (3)在(2)的條件下分別過點(diǎn)A、B作⊙O的切線,兩切線交于點(diǎn)D,AD與⊙O相切于N點(diǎn),過N點(diǎn)作NQ⊥BC,垂足為E,且交⊙O于Q點(diǎn),求線段NQ的長度. 第10題圖 11. 如圖,△ABC為⊙O的內(nèi)接三角形,P為BC延長線上一點(diǎn),∠PAC=∠B,AD為⊙O的直徑,過C作CG⊥AD交AD于E,交AB于F,交⊙O于G. (1)判斷直線PA與⊙O的位置關(guān)系,并說明理由; (2)求證:AG2=AFAB; (3)若⊙O的直徑為10,AC=2,AB=4,求△AFG的面積. 第11題圖 12. (2016鄂州10分)如圖,在Rt△ABC中,∠ACB=90,AO是△ABC的角平分線,以O(shè)為圓心,OC為半徑作⊙O. (1)求證:AB是⊙O的切線; (2)已知AO交⊙O于點(diǎn)E,延長AO交⊙O于點(diǎn)D,tanD=,求的值; (3)在(2)的條件下,設(shè)⊙O的半徑為3,求AB的長. 第12題圖 【答案】 1.(1)證明:如解圖,連接OA, 第1題解圖 ∵CE⊥AB, ∴AD=BD=2,, ∴∠ACE=∠BCE,∠AOE=∠BOE, 又∵∠AOB=2∠ACB, ∴∠BOE=∠ACB; (2)解:∵cos∠ACB=, ∴cos∠BOD=, 在Rt△BOD中,設(shè)OD=x,則OB=3x, ∵OD2+BD2=OB2, ∴x2+22=(3x)2,解得x=, ∴OB=3x=, 即⊙O的半徑為; (3)證明:∵FE=2OE, ∴OF=3OE=, ∴=, ∵=, ∴=, ∵∠BOF=∠DOB, ∴△OBF∽△ODB, ∴∠OBF=∠ODB=90,即OB⊥BF, ∵OB是⊙O的半徑, ∴BF是⊙O的切線. 2.(1)證明:如解圖,連接DO,交AE于點(diǎn)G,則DO=BO, 第2題解圖 ∴∠ABD=∠ODB, ∵, ∴∠ABD=∠EBD, ∴∠ODB=∠EBD, ∴DO∥BC, ∴∠ODF=∠CFD, ∵DF⊥BC, ∴∠CFD=90, ∴∠ODF=90,即OD⊥DF, 又∵OD為⊙O的半徑, ∴DF是⊙O的切線; (2)解:△DEC是等腰三角形,理由如下: ∵AB是⊙O的直徑, ∴∠ADB=∠CDB=90, 又∵BD=BD,∠ABD=∠EBD, ∴△ABD≌△CBD(ASA), ∴AD=CD. ∵, ∴AD=DE, ∴CD=DE, ∴△DEC是等腰三角形; (3)解:由(2)可知AD=AC=6, ∵, ∴OD⊥AE,∠ABD=∠DAE, ∴sin∠DAE=. 在Rt△ADB中,sin∠ABD==, ∴=, ∴DG=3.6, ∴OG=OD-DG=1.4, ∴在Rt△AGO中,sin∠EAB===. 3.(1)解:∵AC為⊙O的直徑, ∴∠ADC=90, ∴∠CDE=90;………………………………………………(2分) 第3題解圖 (2)證明:如解圖,連接OD, ∵∠CDE=90,F(xiàn)為CE中點(diǎn), ∴DF=CE=CF, ∴∠FDC=∠FCD. 又∵OD=OC, ∴∠ODC=∠OCD, ∴∠ODC+∠FDC=∠OCD+∠FCD, ∴∠ODF=∠OCF, ∵EC⊥AC, ∴∠OCF=90, ∴∠ODF=90,即OD⊥DF, 又∵OD為⊙O的半徑, ∴DF為⊙O的切線;…………………………………………(5分) (3)解:在△ACD與△ECA中, ∵∠ADC=∠ACE=90,∠EAC=∠CAD, ∴△ACD∽△AEC, ∴= ∴AC2=ADAE, 又∵AC=2DE, ∴20DE2=(AE-DE)AE ∴AE=5DE, ∴AD=4DE, ∵在Rt△ACD中,AC2=AD2+CD2, ∴CD=2DE, 又∵在⊙O中,∠ABD=∠ACD, ∴tan∠ABD=tan∠ACD==2. …………………………(9分) 4.(1)解:直線l與⊙O相切.理由如下: 如解圖,連接OE、OB、OC. 第4題解圖 ∵AE平分∠BAC, ∴∠BAE=∠CAE, ∴, ∴∠BOE=∠COE, 又∵OB=OC, ∴OE⊥BC, ∵l∥BC, ∴OE⊥l, 又∵OE為⊙O的半徑, ∴直線l與⊙O相切;…………………………………………(3分) (2)證明:∵BF平分∠ABC, ∴∠ABF=∠CBF, 又∵∠CBE=∠CAE=∠BAE, ∴∠CBE+∠CBF=∠BAE+∠ABF. 又∵∠EBF=∠CBE+∠CBF,∠EFB=∠BAE+∠ABF, ∴∠EBF=∠EFB, ∴BE=EF;……………………………………………………(6分) (3)解:∵BE=EF,DE=4,DF=3, ∴BE=EF=DE+DF=7, ∵, ∴∠DBE=∠BAE, ∵∠DEB=∠BEA, ∴△BED∽△AEB, ∴=,即=, 解得AE=,…………………………………………………(9分) ∴AF=AE-EF=-7=.………………………………(10分) 5.(1)證明:∵AD是⊙O的直徑, ∴∠ABD=∠ACD=90, 在Rt△ABD和Rt△ACD中, , ∴Rt△ABD≌Rt△ACD(HL), ∴∠BAD=∠CAD, ∵AB=AC, ∴AD垂直平分BC, ∴BE=CE; (2)解:四邊形BFCD是菱形.理由如下: ∵AD是⊙O的直徑,AB=AC, ∴AD⊥BC,BE=CE, ∵CF∥BD, ∴∠FCE=∠DBE, 在△BED和△CEF中, , ∴△BED≌△CEF(ASA), ∴BD=CF, ∴四邊形BFCD是平行四邊形, ∵∠BAD=∠CAD, ∴BD=CD, ∴四邊形BFCD是菱形; (3)解:∵AD是⊙O的直徑,AD⊥BC,BE=CE, ∴∠ECD=∠CAE, ∵∠AEC=∠DEC=90, ∴Rt△CDE∽R(shí)t△ACE, ∴=, ∴CE2=DEAE, 設(shè)DE=x,則AE=AD-DE=10-x, ∵BC=8, ∴CE=BC=4, ∴42=x(10-x),解得x=2或x=8(舍去), 在Rt△CED中, CD===2. 6.(1)解:∵點(diǎn)P為的中點(diǎn),PG為⊙O的直徑, ∴BP=PC,PG⊥BC,CD=BD, ∴∠ODB=90, ∵D為OP的中點(diǎn), ∴OD=OP=OB, ∴∠OBD=30, ∵AB為⊙O的直徑, ∴∠ACB=90, ∴∠BAC=60;………………………………………………(3分) (2)證明:由(1)知,CD=BD, 在△PDB和△KDC中, , ∴△PDB≌△KDC(SAS), ∴BP=CK,∠BPO=∠CKD, ∵∠AOG=∠BOP, ∴AG=BP, ∴AG=CK, ∵OP=OB, ∴∠OBP=∠BPO, 又∵∠G=∠OBP, ∴∠G=∠BPO=∠CKD, ∴AG∥CK, ∴四邊形AGKC是平行四邊形;……………………………(6分) (3)證明:∵CE=PE,CD=BD, ∴DE∥PB,即DH∥PB, ∵∠G=∠BPO, ∴PB∥AG,∴DH∥AG, ∴∠OAG=∠OHD,∠G=∠ODH. ∵OA=OG,∴∠OAG=∠G, ∴∠ODH=∠OHD,∴OD=OH, 在△OBD和△OPH中, , ∴△OBD≌△OPH(SAS), ∴∠OHP=∠ODB=90, ∴PH⊥AB. ……………………………………………………(9分) 7.(1)證明:如解圖,連接OB, 第7題解圖 ∵AB為⊙O的切線, ∴OB⊥AB, ∴∠ABG+∠OBG=90, ∵點(diǎn)E為的中點(diǎn), ∴OE⊥CD, ∴∠OEG+∠FGE=90, 又∵OB=OE, ∴∠OBG=∠OEG, ∴∠ABG=∠FGE, ∵∠BGA=∠FGE, ∴∠ABG=∠BGA, ∴AB=AG; (2)證明:如解圖,連接BC, ∵DG=DE, ∴∠DGE=∠DEG, 由(1)得∠ABG=∠BGA, 又∵∠BGA=∠DGE, ∴∠A=∠GDE, ∵∠GBC=∠GDE, ∴∠GBC=∠A, ∵∠BGC=∠AGB, ∴△GBC∽△GAB, ∴=, ∴GB2=GCGA; (3)解:如解圖,連接OD, ∵在Rt△DEF中,tan∠EDF==, ∴設(shè)EF=3x,則DF=4x,由勾股定理得DE=5x, ∵DG=DE, ∴DG=5x, ∴GF=DG-DF=x. 在Rt△EFG中,由勾股定理得GF2+EF2=EG2, 即x2+(3x)2=()2,解得x=1, 設(shè)⊙O半徑為r,在Rt△ODF中,OD=r,OF=r-3,DF=4, 由勾股定理得OF2+FD2=OD2,即(r-3)2+42=r2, 解得r=, ∴⊙O的半徑為. 8.(1)解:DB=DA. 理由如下:∵CD平分∠ACM, ∴∠MCD=∠ACD, ∵∠ACD和∠ABD都是所對(duì)的圓周角, ∴∠ACD=∠ABD, ∴∠MCD=∠ABD, 又∵∠MCD=∠BAD, ∴∠BAD=∠ABD, ∴DB=DA; (2)證明:如解圖,連接AF, 第8題解圖 ∵AD=BD, ∴, ∵, ∴, ∴AF=BC,DF=DC, 在△BCD和△AFD中, , ∴△BCD≌△AFD(SSS); (3)解:∵∠ACM=120, ∴∠MCD=∠ACD=60, ∴∠ABD=∠BAD=∠BDA=60, ∴△ABD是等邊三角形, 如解圖,連接DO并延長與AB交于點(diǎn)G,則∠ADO=30, 過點(diǎn)O作OH⊥AD于點(diǎn)H,則AD=2DH=2ODcos30=5, ∵∠ADF+∠DAF=∠AFE=∠ACD=60,∠ADE+∠E=∠BAD=60, ∴∠DAF=∠E, ∵∠ADF=∠EDA, ∴△ADF∽△EDA, ∴=, ∴DE=, ∵DF=DC=6,DA=5, ∴DE=. 9.(1)證明:∵AB是⊙O直徑, ∴∠ACB=90, ∵CG⊥AB, ∴∠ADC=∠ACB=90, ∵∠CAD=∠BAC, ∴△ACD∽△ABC; (2)證明:如解圖,連接OC. 第9題解圖 ∵PC切⊙O于點(diǎn)C, ∴OC⊥PC, ∴∠PCO=90, ∴∠PCA+∠OCA=90, ∵∠ACB=90, ∴∠ABC+∠OAC=90, ∵OC=OA, ∴∠OCA=∠OAC, ∴∠PCA=∠ABC; (3)解:∵AE∥PC, ∴∠PCA=∠CAF, ∵AB⊥CG, ∴, ∴∠ABC=∠ACF, ∵∠PCA=∠ABC, ∴∠CAF=∠ABC, ∴∠ACF=∠CAF, ∴FA=FC, ∵CF=5, ∴AF=5, ∵AE∥PC, ∴∠FAD=∠P, ∵sinP=, ∴sin∠FAD=, ∴FD=3,AD=4,CD=8, 在Rt△COD中,設(shè)CO=r,則有r2=(r-4)2+82, ∴r=10, ∴AB=2r=20, ∵AB是⊙O的直徑, ∴∠AEB=90, ∴sin∠EAB=, ∴=, ∴=, ∴BE=12. 10.(1)證明:如解圖①,連接OM、CM, 第10題解圖① ∵BC為⊙O的直徑, ∴∠AMC=∠BMC=90, ∵H是AC的中點(diǎn), ∴HC=HM=AC, ∴∠HMC=∠HCM, ∵OM=OC, ∴∠OMC=∠OCM, ∴∠OMH=∠OCH, ∵∠ACB=90=∠OCH, ∴∠OMH=90,即OM⊥MH, 又∵OM為⊙O的半徑, ∴MH為⊙O的切線;…………………………………………(3分) (2)解:∵M(jìn)H=, ∴AC=2MH=3, 在Rt△ABC中,tan∠ABC==, ∴BC=4, 故⊙O的半徑為2;……………………………………………(5分) (3)解:如解圖②,過點(diǎn)D作DP⊥AC于點(diǎn)P,連接ON, 第10題解圖② 則DP=BC=4,BD=PC, 設(shè)DB=DN=x,則AP=3-x, ∵AN=AC=3, ∴AD=x+3. 在Rt△ADP中,由勾股定理得, (x+3)2-(3-x)2=42, 解得x=, ∴DN=BD=,AD=, ∵QN⊥BC,AC⊥BC,BD⊥BC, ∴AC∥NQ∥DB, ∴=,即=, ∴BE=, ∴OE=OB-BE=, ∴EN==, ∴NQ=2EN=.……………………………………………(9分) 11.(1)解:直線PA與⊙O相切.理由如下: ∵AD為⊙O的直徑, CG⊥AD , ∴AD垂直且平分CG, ∴AC=AG, ∴∠ACG=∠AGC, ∵∠AGC=∠B,∠PAC=∠B, ∴∠PAC=∠ACG, ∴PA∥CG, ∵CG⊥AD, ∴PA⊥AD, 又∵AD為⊙O的直徑 ∴直線PA是⊙O的切線; 【一題多解】如解圖①,連接DC, 第11題解圖① 則∠B=∠ADC, ∵AD是⊙O的直徑, ∴∠ACD=90, ∴∠ADC+∠DAC=90. 又∵∠PAC=∠B, ∴∠ADC=∠PAC, ∴∠PAC+∠DAC=90,即DA⊥PA, ∴PA是⊙O的切線. (2)證明:由垂徑定理得, ∴∠ACG=∠B, ∵∠CAB=∠FAC, ∴△ABC∽△ACF, ∴=, ∴AC2=AFAB, 又∵AC=AG, ∴AG2=AFAB; 【一題多解】此題還可以通過連接BG,證明△GAB∽△FAG,從而證得AG2=AFAB. (3)解:由(2)得AG2=AFAB, ∵AG=AC=2,AB=4, ∴(2)2=4AF, ∴AF=, 如解圖②,連接BD,則∠ABD=90, 第11題解圖② 由勾股定理得BD===2, ∵∠AEF=∠ABD=90,∠EAF=∠BAD, ∴△AEF∽△ABD, ∴==, ∴==, ∴AE=2,EF=1, 在Rt△ACE中,由勾股定理,得CE2=AC2-AE2, ∴CE= =4, ∵CE=EG, ∴EG=4, ∴FG=EG-EF= 4-1=3, ∴. 12.(1)證明:如解圖,過點(diǎn)O作OF⊥AB于點(diǎn)F, 第12題解圖 ∵AO平分∠CAB,OC⊥AC,垂足為點(diǎn)F, ∴OF=OC,即OF為⊙O的半徑, ∴AB是⊙O的切線;…………………………………………(3分) (2)解:如解圖,過點(diǎn)D作DP⊥AC交AC延長線于點(diǎn)P, ∵∠ACB=90,DP⊥AC, ∴CO∥DP, ∵OC=OD, ∴∠OCD=∠ODC=∠CDP, ∵tan∠CDO=, ∴tan∠OCD=. 連接DQ,設(shè)DQ=a,則CD=2a,CQ=a, ∴CO=OD=OE=, 在Rt△CPD中,設(shè)CP=b,則DP=2b,CD=b, ∴b=a,則PC=a ,PD=a, ∵CO∥DP,∴△ACO∽△APD, ∴==,即==, 解得AC=a,AO=a, ∴AE=AO-OE=a-=a, ∴==;……………………………………………(7分) (3)解:由(2)知=, 設(shè)AE=c,則AC=2c, 在Rt△ACO中,(2c)2+32=(c+3)2, 解得c=2, ∴AF=AC=2c=4, 在△BFO和△BCA中, ,∴△BFO∽△BCA, ∴==, 設(shè)BF=x,BO=y(tǒng), ∴== ,解得:x=,y=, ∴AB=AF+BF=4+=. ……………………………(10分)- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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