2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動檢測(二)教科版.doc

2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動檢測(二)教科版一、選擇題(本大題共10小題,每小題5分,共50分。多選題已在題號后標(biāo)出,選不全得3分)1.(滾動單獨考查)(2011四川高考)如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為：打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則( )A.火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小B.返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力C.返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功D.返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài)2.(多選)如圖所示,現(xiàn)有兩個完全相同的可視為質(zhì)點的物塊都從靜止開始運動,一個自由下落,一個沿光滑的固定斜面下滑,最終它們都到達(dá)同一水平面上,空氣阻力忽略不計,則( )A.重力做的功相等,重力做功的平均功率相等B.它們到達(dá)水平面上時的動能相等C.重力做功的瞬時功率相等D.它們的機械能都是守恒的3.(多選)(滾動單獨考查)如圖甲所示，將十四個等質(zhì)量的小球均勻地穿在線上組成首尾相連的一串球鏈掛在光滑的斜面ABC上，斜面底邊AC水平，這些小球均靜止。現(xiàn)同時去掉下面的八個對稱懸掛的小球，如圖乙所示，則關(guān)于剩余的六個小球，以下說法正確的是( )A.仍在斜面上保持靜止B.向左側(cè)沿斜面逆時針滑動C.向右側(cè)沿斜面順時針滑動D.AB的長度一定是BC的2倍4.(xx福州模擬)如圖，傾角=37的光滑斜面固定在水平面上，斜面長L=3.0 m，質(zhì)量m=1 kg的物塊從斜面頂端無初速度釋放，則(sin37=0.6,cos37=0.8,取g=10 m/s2)( )A.物塊從斜面頂端滑到底端的過程中重力的平均功率為30 WB.物塊滑到斜面底端時的動能為30 JC.物塊滑到斜面底端時重力的瞬時功率為48 WD.物塊滑到斜面底端時重力的瞬時功率為36 W5.(多選)(xx廣東高考)如圖所示是滑道壓力測試的示意圖,光滑圓弧軌道與光滑斜面相切,滑道底部B處安裝一個壓力傳感器,其示數(shù)N表示該處所受壓力的大小,某滑塊從斜面上不同高度h處由靜止下滑,通過B時，下列表述正確的有( )A.N小于滑塊重力B.N大于滑塊重力C.N越大表明h越大D.N越大表明h越小6.(滾動單獨考查)酒后駕駛會導(dǎo)致許多安全隱患,是因為駕駛員的反應(yīng)時間變長,反應(yīng)時間是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間。表中“思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間內(nèi)汽車行駛的距離,“制動距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止行駛的距離(假設(shè)汽車制動時的加速度大小都相同)。分析表格可知,下列說法不正確的是( )A.駕駛員酒后反應(yīng)時間比正常情況下多0.5 sB.若汽車以20 m/s的速度行駛時,發(fā)現(xiàn)前方40 m處有險情,酒后駕駛不能安全停車C.汽車制動時,加速度大小為10 m/s2D.表中x為66.77.如圖所示，正在勻速轉(zhuǎn)動的水平轉(zhuǎn)盤上固定有三個可視為質(zhì)點的小物塊A、B、C，它們的質(zhì)量關(guān)系為mA=2mB=2mC，到軸O的距離關(guān)系為rC=2rA=2rB。下列說法中正確的是( )A.B的角速度比C小B.A的線速度比C大C.B受到的向心力比C小D.A的向心加速度比B大8.如圖所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運行的3顆人造衛(wèi)星，下列說法正確的是( )A.b、c的線速度大小相等，且大于a的線速度B.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度C.c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的cD.a衛(wèi)星由于某種原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度將變大9.(多選)(xx揚州模擬)一個小物塊從斜面底端沖上足夠長的斜面后又返回到斜面底端。已知小物塊的初動能為E，它返回到斜面底端的動能為，小物塊上滑到最大路程的中點時速度為v；若小物塊以2E的初動能沖上斜面，則有( )A.返回斜面底端時的動能為EB.返回斜面底端時的動能為C.小物塊上滑到最大路程的中點時速度為D.小物塊上滑到最大路程的中點時速度為2v10.(xx臨沂模擬)我國“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過多次試驗，終于在2012年6月24日以7 020 m深度創(chuàng)下世界最新紀(jì)錄(國外最深不超過6 500 m)，預(yù)示著可以征服全球99.8%的海底世界。假設(shè)在某次實驗時，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面10 min內(nèi)全過程的深度曲線甲和速度圖像乙，如圖所示，則有( )A.甲圖中h3代表本次最大深度，應(yīng)為6.0 mB.全過程中最大加速度是0.025 m/s2C.潛水員感到超重現(xiàn)象應(yīng)發(fā)生在34 min和68 min的時間段內(nèi)D.整個深潛器在810 min時間段內(nèi)機械能守恒第卷(非選擇題 共50分)二、實驗題(本大題共2小題，共12分)11.(xx長春模擬)(6分)如圖是驗證機械能守恒定律的實驗。小圓柱由一根不可伸長的輕繩拴住，輕繩另一端固定。將輕繩拉至水平后由靜止釋放。在最低點附近放置一組光電門，測出小圓柱運動到最低點的擋光時間t,再用游標(biāo)卡尺測出小圓柱的直徑d，如圖所示，重力加速度為g。則(1)小圓柱的直徑d=_cm；(2)測出懸點到圓柱重心的距離l，若等式gl=_成立，說明小圓柱下擺過程機械能守恒。12.(滾動交匯考查)(6分)某課外活動小組利用力傳感器和位移傳感器進(jìn)一步探究變力作用下的“動能定理”。如圖所示，他們用力傳感器通過定滑輪直接拉固定在小車上的細(xì)繩，測出拉力F；用位移傳感器測出小車的位移x和瞬時速度v。已知小車質(zhì)量為200 g。(1)某次實驗得出拉力F隨位移x變化規(guī)律如圖甲所示，速度v隨位移x變化的規(guī)律如圖乙所示，數(shù)據(jù)如表格。利用所得的F-x圖像，求出x=0.30 m到0.52 m過程中變力F做功W=_J，此過程動能的變化量Ek_J(保留兩位有效數(shù)字)。(2)指出下列情況可減小實驗誤差的操作是_。(填選項前的字母，可能不止一個選項)A.使拉力F要遠(yuǎn)小于小車的重力B.實驗時要先平衡摩擦力C.要使細(xì)繩與滑板表面平行三、計算題(本大題共4小題，共38分。要有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計算的要注明單位)13.(xx青島模擬)(8分)如圖所示，半徑R=2 m的四分之一粗糙圓弧軌道AB置于豎直平面內(nèi)，軌道的B端切線水平，且距水平地面高度為h=1.25 m，現(xiàn)將一質(zhì)量m=0.2 kg的小滑塊從A點由靜止釋放，小滑塊沿圓弧軌道運動至B點以v=5 m/s的速度水平飛出(g取10 m/s2)。求：(1)小滑塊沿圓弧軌道運動過程中所受摩擦力做的功；(2)小滑塊著地時的速度大小。14.(10分)如圖所示，水平軌道AB與位于豎直面內(nèi)半徑為R=0.90 m的半圓形光滑軌道BCD相連，半圓形軌道的BD連線與AB垂直。質(zhì)量為m=1.0 kg可看作質(zhì)點的小滑塊在恒定外力F作用下從水平軌道上的A點由靜止開始向右運動，滑塊與水平軌道AB間的動摩擦因數(shù)=0.5.到達(dá)水平軌道的末端B點時撤去外力，滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運動，且恰好能通過軌道最高點D，滑塊脫離半圓形軌道后又剛好落到A點。g取10 m/s2，求：滑塊在AB段運動過程中恒定外力F的大小。15.(10分)如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角=30，其上A、B兩點間的距離l=5 m，傳送帶在電動機的帶動下以v=1 m/s的速度勻速運動?，F(xiàn)將一質(zhì)量m=10 kg的小物塊(可視為質(zhì)點)輕放在傳送帶上的A點，已知小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=,在傳送帶將小物塊從A點傳送到B點的過程中，求：(取g=10 m/s2)(1)傳送帶對小物塊做的功W；(2)電動機做的功W總。16.(滾動交匯考查)(10分)一輕質(zhì)細(xì)繩一端系一質(zhì)量為m= kg的小球A，另一端掛在光滑水平軸O上，O到小球的距離為l=0.1 m，小球跟水平面接觸，但無相互作用，在球的兩側(cè)等距離處分別固定一個光滑的斜面和一個擋板，如圖所示，水平距離s為2 m,動摩擦因數(shù)為0.25。現(xiàn)有一滑塊B，質(zhì)量也為m，從斜面上滑下，與小球碰撞時交換速度，與擋板碰撞不損失機械能。若不計空氣阻力，并將滑塊和小球都視為質(zhì)點，g取10 m/s2，試問：(1)若滑塊B從斜面某一高度h處滑下與小球第一次碰撞后，使小球恰好在豎直平面內(nèi)做圓周運動，求此高度h；(2)若滑塊B從h=5 m處滑下，求滑塊B與小球第一次碰后瞬間繩子對小球的拉力。答案解析1.A 點火前，降落傘和返回艙做勻速直線運動。對返回艙,返回艙的重力等于傘繩拉力F;點火后瞬間,返回艙立刻獲得向上的反沖力,使傘繩對返回艙的拉力變小,選項A正確;返回艙做減速運動的主要原因是反沖力,選項B錯誤;返回艙所受合力向上,處于超重狀態(tài),選項D錯誤;由于噴氣過程中,動能減小,由動能定理可知合力做負(fù)功,選項C錯誤。2.B、D 兩物塊從同一高度下落,根據(jù)機械能守恒定律知,它們到達(dá)水平面上時的動能相等,自由下落的物塊先著地,重力做功的平均功率大,而著地時重力做功的瞬時功率等于重力與重力方向上的速度的乘積,故重力做功的瞬時功率不相等,選B、D。3.A、D 去掉下面小球前，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，下面八個小球?qū)ΨQ分布，故八個小球?qū)π泵嫔狭鶄€小球的作用力豎直向下，去掉后，斜面上的小球仍然保持靜止，左側(cè)四個小球沿斜面向下的重力分力為4mgsin，右側(cè)兩個小球沿斜面向下的重力分力為2mgsin，由平衡條件可知4mgsin=2mgsin，則有2sin=sin，即AB邊是BC邊長度的2倍。4.D 物塊沿斜面下滑的加速度a=gsin=6 m/s2，下滑過程所用時間t= =1 s，平均功率=18 W，故A錯。據(jù)機械能守恒定律，末動能Ek=mgh=mgLsin=18 J，故B錯。末速度v=at=6 m/s，重力的瞬時功率P=mgvsin=36 W，故C錯D對。5.B、C 由動能定理mgh=mv2可求出滑塊由斜面上h高度處下滑到達(dá)B處時的速度v=,從B處進(jìn)入圓弧軌道后滑塊做圓周運動，在B處，由牛頓第二定律及向心力公式得N-mg= ，故N=mg+=mg(1+)。再由牛頓第三定律可知B、C正確。6.C “思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動的時間內(nèi)汽車行駛的距離,這段時間車是勻速運動的,駕駛員酒后反應(yīng)時間t1=s=1 s,駕駛員正常反應(yīng)時間t2=s=0.5 s,所以駕駛員酒后反應(yīng)時間比正常情況下多0.5 s,A對;“制動距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止行駛的距離,由表格可知,速度為20 m/s時,制動距離為46.7 m,故B對;汽車制動時的加速度大小都相同,按速度為15 m/s時計算:a= m/s2=7.5 m/s2,故C錯;表中x= m+25.0 m=66.7 m,因此D對。7.C 因A、B、C均固定于轉(zhuǎn)盤上，故三個小物塊的角速度一定相同，A錯誤；由v=r可知，vC>vA=vB,B錯誤；由a=2r可知，aC>aA=aB，D錯誤；由FB=mB2rB，F(xiàn)C=mC2rC可知，F(xiàn)C=2FB，故C正確。8.D 因b、c在同一軌道上運行，故其線速度大小、加速度大小均相等。又b、c軌道半徑大于a軌道半徑，由v= ，知vb=vc<va，故A選項錯。由加速度a= ，知ab=ac<aa,故B選項錯。當(dāng)c加速時，c受的萬有引力F<m，故它將偏離原軌道，做離心運動；當(dāng)b減速時，b受的萬有引力F>m，它將偏離原軌道，而離圓心越來越近。所以無論如何c也追不上b，b也等不到c,故C選項錯。對這一選項，不能用v=來分析b、c軌道半徑的變化情況。對a衛(wèi)星，當(dāng)它的軌道半徑緩慢減小時，在轉(zhuǎn)動一段較短的時間內(nèi)，可近似認(rèn)為它的軌道半徑未變，視作穩(wěn)定運行，由v=知r減小時v逐漸增大，故D選項正確。9.A、C 設(shè)小物塊沿斜面上滑的最大高度為h，沿斜面上升的最大距離為x，由動能定理得-mgh-Ffx=0-E，而h=xsin,式中為斜面傾角，可得。由此可見小物塊沿斜面上升的距離x與初動能E成正比，而摩擦力做功Ffx與位移成正比，故當(dāng)小物塊以2E的初動能上滑時，上滑的最大距離變?yōu)樵瓉淼?倍，損失的動能(即克服摩擦力做的功)也為原來的2倍，故A對、B錯。選取小物塊從路程中點至最高點的過程，由v2=2ax得，x1=2x，故有v1=v,C對、D錯。10.C 由圖乙可知，h3=(2+4)260 m=360 m，故A錯誤。最大加速度出現(xiàn)在第1 min內(nèi)和第4 min內(nèi)，a= m/s2= m/s2，故B錯誤。第34 min內(nèi)，深潛器減速下降，加速度向上，超重；第68 min內(nèi)，深潛器加速上升，超重，故C正確。在810 min內(nèi)深潛器減速上升，a= m/s2=0.025 m/s2，深潛器受到浮力和阻力作用，機械能不守恒，故D錯誤。11.【解析】(1)游標(biāo)尺上第二個刻線對齊，所以d=1.02 cm。(2)若機械能守恒，則有mgl=mv2,v= ，整理可得gl= 。答案：(1)1.02 (2)12.【解析】(1)在F-x圖像中，圖線與x軸圍成的面積即為變力所做的功，W=(0.60+1.00)(0.52-0.30) J0.18 J，在v-x圖中可見，x1=0.30 m時，v1=0，x2=0.52 m時對應(yīng)小車的速度v2=1.30 m/s，故Ek=mv22-mv120.17 J。(2)為減小誤差，實驗前必須平衡摩擦力，細(xì)繩與滑板表面平行，故B、C正確。答案：(1)0.18 0.17 (2)B、C13.【解析】(1)小滑塊由A到B據(jù)動能定理得mgR+ (3分)解得=-1.5 J(1分)(2)小滑塊過B點后做平拋運動，設(shè)著地時豎直分速度為vy，則有vy= =5 m/s(2分)所以著地速度v= =5 m/s(2分)答案：(1)-1.5 J (2)5 m/s14.【解析】滑塊恰好通過最高點,則有:mg=m (2分)設(shè)滑塊到達(dá)B點時的速度為vB,滑塊由B到D過程由動能定理得:-2mgR=mvD2-mvB2(2分)滑塊從D點離開軌道后做平拋運動,則2R=gt2，xAB=vDt(2分)滑塊從A運動到B有:vB2=2axAB(2分)據(jù)牛頓第二定律有:F-mg=ma(1分)聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得:F=17.5 N。(1分)答案：17.5 N15.【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律得：mgcos-mgsin=ma可解得:a=2.5 m/s2(2分)當(dāng)小物塊的速度為1 m/s時，小物塊在傳送帶上運動的位移為l= =0.2 m即小物塊勻速運動了l-l=4.8 m(2分)由功能關(guān)系可得：W=Ek+Ep=mv2+mglsin30=255 J(2分)(2)電動機做功使小物塊的機械能增加，設(shè)小物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，由(1)知小物塊與傳送帶之間的相對位移l=0.2 m(2分)摩擦生熱為Q=Ffl=mglcos=15 J(1分)故電動機做的功為W總=W+Q=255 J+15 J=270 J(1分)答案：(1)255 J (2)270 J16.【解析】(1)小球剛能完成一次完整的圓周運動，到達(dá)最高點的速度為v0，在最高點，僅由重力充當(dāng)向心力，則有mg=m (1分)在整個運動過程中，根據(jù)動能定理得mgh-2mgl-mg =mv02(3分)解上式得h=0.5 m(1分)(2)若滑塊從h=5 m處下滑到將要與小球碰撞時速度為v1,則據(jù)動能定理有mgh-mg=mv12(2分)由題意可知，滑塊與小球碰后滑塊靜止，小球以速度v1開始做圓周運動，繩子的拉力FT和重力的合力充當(dāng)向心力，則有FT-mg= (2分)解得FT=48 N(1分)答案：(1)0.5 m (2)48 N關(guān)閉Word文檔返回原板塊