2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第8章 靜電場 第35講 電場力的性質(zhì)學(xué)案（含解析）.doc

第35講 電場力的性質(zhì) 研讀考綱明方向重讀教材定方法(對應(yīng)人教版選修31的頁碼及相關(guān)問題)1P3實驗，回答課本問題。若右端接地，則圖示狀態(tài)感應(yīng)電荷分布情況如何？提示：導(dǎo)體A、B分別感應(yīng)出負(fù)電荷和正電荷，兩金屬箔都張開；先把A、B分開，然后移去C，A、B帶電情況不變，金屬箔均保持張開狀態(tài)；再讓A、B接觸，A、B均不帶電，兩金屬箔均閉合。導(dǎo)體A左端分布有感應(yīng)負(fù)電荷，導(dǎo)體B無感應(yīng)電荷。2P3 圖1.12，驗證一導(dǎo)體是否帶電時，必須使其與驗電器的金屬球接觸嗎？提示：不是必須，使該導(dǎo)體與金屬球靠近也可。3P4“元電荷”一段。4P45問題與練習(xí)T2、T3、T4。提示：T2：導(dǎo)體上電荷的轉(zhuǎn)移是電子的轉(zhuǎn)移，得到或失去的電子數(shù)相同，均等于帶電量與元電荷的比值。T3：感應(yīng)起電的特點是近異遠(yuǎn)同，離的近的力大，故為吸引力。T4：不違背能量守恒定律。把A、B在C旁邊相碰一下分開，需要做功，需要能源提供能量。5P6閱讀“庫侖的實驗”一段，庫侖是怎樣改變電量的？提示：把一個帶電金屬小球與另一個不帶電的完全相同的金屬小球接觸，前者的電荷量就會分給后者一半。6P7例題1，由該題分析，在電磁學(xué)的受力分析時是否需要考慮萬有引力？提示：不需要。7P12圖1.33、圖1.34及“電場線”一段，注意電場線的三大特點。8P13圖1.36、圖1.37。9P1415問題與練習(xí)T1、T3、T5、T6、T7。提示：T1：E，某處電場強(qiáng)度E的大小與檢驗電荷電量q無關(guān)。T3：E電場E重力場，F(xiàn)G，qm，由比值法定義得E重力場，方向與G相同。T5：同一幅圖中，電場線密集處電場強(qiáng)度大；電場強(qiáng)度方向為各點的切線方向；負(fù)電荷所受靜電力方向與電場強(qiáng)度方向相反。T6：受力平衡分析。T7：利用靜止的正負(fù)點電荷電場分布的特點及電場強(qiáng)度公式分析。10P17 圖1.42、圖1.43。11P18思考與討論。提示：重讀課文，仿照正電荷情形分析。12P19圖1.45，觀察等勢面和電場線形狀，思考兩者關(guān)系。提示：等勢面和電場線垂直。13P1920問題與練習(xí)T2、T3、T4、T5、T7。提示：T2：，、Ep、q計算時均帶正、負(fù)號，并按的正、負(fù)值大小比較。T3：(1)沿電場線方向電勢逐漸降低；(2)將一正(或負(fù))檢驗電荷從M點移到P點或從P點移到M點，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增大，再根據(jù)分析。T4：重力勢gh。T5：根據(jù)定義或定義式分析。T7：電場線與等勢面垂直；靜電力做功與電荷運動的始末位置有關(guān)，與電荷經(jīng)過的路徑無關(guān)，WABEpAEpB。14P21例題。15P22問題與練習(xí)T1、T3。提示：T1：WABqUABEpAEpB。T3：(1)B點，A點；(2)負(fù)功；(3)負(fù)，正。16P23思考與討論。提示：公式UABEd中的d是勻強(qiáng)電場中兩點沿電場線方向的距離。17P2324問題與練習(xí)T1、T2、T3、T4。提示：T1：E，F(xiàn)Eq，WABqUABqEd。T2：(1)D點電勢高，UCDEd；(2)CBUCBEdCB，DBUDBEdDB，CAUCAEdCA，DAUDAEdDA，沿電場線方向d為正，逆電場線方向d為負(fù)，電勢差與零電勢位置選取無關(guān)。(3)WCDqUCD，靜電力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)。T3：E。T4：b，b，b，b。同一幅圖中，相鄰等勢面間的電勢差相等時，等勢面越密集的地方電場強(qiáng)度越大。18P24圖1.71及邊框。19P26演示實驗。提示：空腔導(dǎo)體帶電時，電荷分布在外表面，內(nèi)表面沒有電荷分布。20P28問題與練習(xí)T1。提示：(1)近異遠(yuǎn)同；(2)與點電荷激發(fā)的電場的場強(qiáng)等大反向；(3)不能，球殼表面是一個等勢面。21P30演示實驗。22P32做一做。提示：(1)面積表示電容器釋放的電量，即充電后所帶電量；(2)數(shù)小格，格數(shù)乘以每格面積所代表的電量；(3)C。23P3233問題與練習(xí)T1、T3、T4。提示：T1：兩極板間電壓越大，偏轉(zhuǎn)角度越大。T3：(1)U一定，QCU，C；(2)Q一定，U，C。T4：E。24P34思考與討論。提示：仍然適用，動能定理分析不考慮運動過程。25P3435例題2。26P35“示波管的原理”一段。27P3536圖1.94，若YY上加圖1.95的電壓，XX上加圖1.96的電壓，屏幕上亮線是什么形狀？提示：正弦曲線形狀。28P37科學(xué)足跡，密立根實驗電子電荷量的測定。29P38科學(xué)漫步，范德格拉夫靜電加速器。30P39問題與練習(xí)T2。提示：eU0mv2。第35講電場力的性質(zhì)考點一庫侖定律的理解及基本應(yīng)用一、電荷電荷守恒定律1電荷(1)三種起電方式：摩擦起電，感應(yīng)起電，接觸起電。(2)兩種電荷：自然界中只存在兩種電荷正電荷和負(fù)電荷。同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。(3)帶電實質(zhì)：物體得到電子或失去電子。(4)元電荷電荷的多少叫做電荷量，通常把e1.601019_C的電荷量叫做元電荷。對元電荷的理解a元電荷是自然界中最小的電荷量，任何帶電體的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍。b元電荷等于電子所帶的電荷量，也等于質(zhì)子所帶的電荷量，但元電荷沒有正負(fù)之分。c元電荷不是實物粒子，電子、質(zhì)子等微粒也不是元電荷。(5)點電荷：代表帶電體的有一定電荷量的點，忽略帶電體的大小、形狀及電荷分布狀況的理想化模型。2電荷守恒定律(1)內(nèi)容經(jīng)典表述：電荷既不會創(chuàng)生，也不會消滅，它只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，在轉(zhuǎn)移過程中，電荷的總量保持不變?，F(xiàn)在表述：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和保持不變。(2)電荷的分配原則：兩個形狀、大小相同且?guī)N電荷的導(dǎo)體，接觸后再分開，二者帶等量電荷，若兩導(dǎo)體原來帶異種電荷，則電荷先中和，余下的電荷再平分。二、庫侖定律1內(nèi)容真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上。2表達(dá)式Fk，式中k9.0109 Nm2/C2，叫做靜電力常量。3適用條件真空中的靜止點電荷。(1)在空氣中，兩個點電荷的作用力近似等于真空中的情況，可以直接應(yīng)用公式。(2)當(dāng)兩個帶電體的間距遠(yuǎn)大于其本身的大小時，可以把帶電體看成點電荷。(3)對于兩個帶電金屬球，要考慮表面電荷的重新分布，如圖所示。同種電荷：Fk；異種電荷：Fk。(4)不能根據(jù)公式錯誤地認(rèn)為r0時，庫侖力F，因為當(dāng)r0時，兩個帶電體已不能看做點電荷了。4庫侖力的方向由相互作用的兩個帶電體決定，即同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。1(多選)如圖所示，將帶電棒移近甲、乙兩個不帶電的導(dǎo)體球，兩個導(dǎo)體球開始時互相接觸且對地絕緣，下述幾種方法中能使兩球都帶電的是()A先把球分開，再移走棒B先移走棒，再把兩球分開C先將棒接觸一下其中的一個球，再把兩球分開D棒的帶電荷量不變，兩導(dǎo)體球不能帶電答案AC解析當(dāng)帶電棒移近甲、乙兩球時，甲、乙兩球由于靜電感應(yīng)分別帶與帶電棒相反和相同的電荷。若移走棒前先把兩球分開，則甲、乙兩球所帶電荷無法中和而帶上等量異號電荷；若把兩球分開前，已移走棒，甲、乙兩球感應(yīng)出的電荷立即中和而不會帶電，可判定A正確，B錯誤；若棒與其中一個球接觸，則由于接觸帶電，甲、乙兩球都會帶上與帶電棒相同性質(zhì)的電荷，分開后仍帶電，C正確；棒的帶電荷量即使不變，仍可在滿足一定條件下，甲、乙兩球感應(yīng)出等量異號電荷而帶電，D錯誤。2如圖所示，兩個質(zhì)量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，將它們固定于絕緣支座上，兩球心間的距離L為球半徑的3倍。若使它們帶上等量異號電荷，使其電荷量的絕對值均為Q，那么a、b兩球之間的萬有引力F引、庫侖力F庫分別為()AF引G，F(xiàn)庫kBF引G，F(xiàn)庫kCF引G，F(xiàn)庫kDF引G，F(xiàn)庫k答案D解析萬有引力定律的使用條件是質(zhì)點和質(zhì)量均勻分布的球，由于金屬球殼a和b質(zhì)量分布均勻，所以萬有引力定律可以直接應(yīng)用，所以它們之間的萬有引力為F引G；由于兩球心間的距離L為球半徑的3倍，它們之間的距離并不是很大，且兩球殼因電荷間的相互作用使電荷分布不均勻，所以不能看成是點電荷，由于它們帶的是等量異號電荷，由于電荷之間的相互吸引，電荷之間的距離會比L小，所以此時電荷間的庫侖力F庫>k，故D正確，A、B、C錯誤。3教材母題(人教版選修31 P9T3)真空中兩個相同的帶等量異號電荷的金屬小球A和B(均可看做點電荷)，分別固定在兩處，兩球間靜電力為F。現(xiàn)用一個不帶電的同樣的金屬小球C先與A接觸，再與B接觸，然后移開C，此時A、B球間的靜電力變?yōu)槎啻?？若再使A、B間距離增大為原來的2倍，則它們間的靜電力又為多大？變式子題三個相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑。球1的帶電荷量為q，球2的帶電荷量為nq，球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn)，此時球1、2之間作用力的大小為F?，F(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠(yuǎn)處，此時球1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變。由此可知()An3 Bn4 Cn5 Dn6答案D解析根據(jù)庫侖定律，球3未與球1、球2接觸前，球1、2間的靜電力Fk。三個金屬小球相同，接觸后電荷量均分，球3與球2接觸后，球2和球3的帶電荷量q2q3；球3再與球1接觸后，球1的帶電荷量q1。此時球1、2間的作用力Fkk。由題意知FF，即n，解得n6。故D正確?？键c二電場強(qiáng)度的理解及計算1電場(1)電場是存在于電荷周圍的一種物質(zhì)，靜電荷產(chǎn)生的電場叫靜電場。(2)電荷間的相互作用是通過電場實現(xiàn)的。電場的基本性質(zhì)是對放入其中的電荷有力的作用。2電場強(qiáng)度(1)定義：電場中某一點的電荷受到的電場力F跟它的電荷量q的比值叫做該點的電場強(qiáng)度。(2)定義式：E。(3)物理意義：表示電場的強(qiáng)弱和方向。(4)矢量性：電場強(qiáng)度是矢量，規(guī)定正電荷在電場中某點所受電場力的方向為該點電場強(qiáng)度的方向。(5)唯一性：電場中某一點的電場強(qiáng)度E是唯一的，它的大小和方向與放入該點的電荷q無關(guān)，它決定于形成電場的電荷(場源電荷)及空間位置。(6)電場的疊加：多個電荷在空間某處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為各個電荷單獨在該處所產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的矢量和。電場強(qiáng)度的疊加遵從平行四邊形定則或三角形定則。3電場強(qiáng)度三個表達(dá)式的比較4求解電場強(qiáng)度的基本方法求電場強(qiáng)度常見的有定義式法、點電荷電場強(qiáng)度公式法、勻強(qiáng)電場公式法、矢量疊加法。1關(guān)于電場，下列敘述中正確的是()A對點電荷激發(fā)的電場，以點電荷為球心，r為半徑的球面上，各點的電場強(qiáng)度都相同B正電荷周圍的電場強(qiáng)度一定比負(fù)電荷周圍的電場強(qiáng)度大C在電場中某點放入試探電荷q，該點的電場強(qiáng)度為E，取走q后，該點電場強(qiáng)度不為零D試探電荷所受電場力很大，該點電場強(qiáng)度一定很大答案C解析以點電荷Q為球心、半徑為r的球面上，電場強(qiáng)度的大小E相同，但方向不同，A錯誤；由Ek可知，點電荷周圍的電場強(qiáng)度的大小只由Q、r的大小來決定，與電荷的正、負(fù)沒有關(guān)系，B錯誤；電場強(qiáng)度E是反映電場力的性質(zhì)的物理量，試探電荷是用來體現(xiàn)這一性質(zhì)的“工具”，C正確；定義式E中E的大小并不是由F、q來決定的，在電場中某一點放入一試探電荷q，如果q越大，則F越大，而這一比值不變，D錯誤。2如圖所示，真空中帶電荷量分別為Q和Q的點電荷A、B相距r。求：(1)兩點電荷連線的中點O的電場強(qiáng)度的大小和方向；(2)在兩點電荷連線的中垂線上，距A、B兩點都為r的O點的電場強(qiáng)度的大小和方向。答案(1)方向AB(2)方向AB解析(1)如圖甲所示，A、B兩點電荷在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向相同，均為AB。A、B兩點電荷在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的大小相等EAEB。故O點的合電場強(qiáng)度為EO2EA，方向AB。(2)如圖乙所示，EAEB，由矢量合成可知，O點的合電場強(qiáng)度EOEAEB，方向與A、B的中垂線垂直，即EO與EO同向。3教材母題(人教版選修31 P15T6)用一條絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量為1.0102 kg，所帶電荷量為2.0108 C?，F(xiàn)加一水平方向的勻強(qiáng)電場，平衡時絕緣繩與鉛垂線成30夾角(如圖)。求這個勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度。變式子題如圖所示，一條長為L的絕緣細(xì)線，上端固定，下端系一質(zhì)量為m的帶電小球，將它置于電場強(qiáng)度為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中，當(dāng)小球平衡時，懸線與豎直方向的夾角45。已知重力加速度為g，求：(1)小球帶何種電荷？電荷量為多少？(2)若將小球向左拉至懸線呈水平位置，然后由靜止釋放小球，則放手后小球做什么運動？經(jīng)多長時間到達(dá)最低點？答案(1)正電(2)勻加速直線運動解析(1)由于小球處于平衡狀態(tài)，對小球受力分析如圖所示，由此可知小球帶正電，設(shè)其電荷量為q，則FTsinqE，F(xiàn)Tcosmg，可得：FTmg，q。(2)釋放后，小球由靜止開始沿與豎直方向成45角斜向右下方做勻加速直線運動，當(dāng)?shù)竭_(dá)最低點時，它經(jīng)過的位移大小為L，此時細(xì)線剛好拉直，由勻變速直線運動規(guī)律得xat2，其中ag，xL所以t?？键c三電場線的理解與應(yīng)用1定義為了直觀形象地描述電場中各點電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱及方向，在電場中畫出一系列的曲線，使曲線上各點的切線方向表示該點的電場強(qiáng)度方向，曲線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小。2特點(1)電場線從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷。(2)電場線在電場中不相交。(3)在同一電場里，電場線越密的地方場強(qiáng)越大。(4)電場線上某點的切線方向表示該點的場強(qiáng)方向。(5)沿電場線方向電勢逐漸降低。(6)電場線和等勢面在相交處互相垂直。3幾種典型電場的電場線(如圖所示)4兩等量異號點電荷和兩等量同號點電荷形成的電場的比較1如圖所示，M、N為兩個等量同號正電荷Q，在其連線的中垂線上任意一點P自由釋放一個負(fù)點電荷q，不計重力影響，下列關(guān)于點電荷q的運動的說法正確的是()A從PO的過程中，加速度越來越大，速度越來越大B從PO的過程中，加速度越來越小，速度越來越大C點電荷運動到O點時加速度為零，速度達(dá)到最大值D點電荷越過O點后，速度越來越小，加速度越來越大，直到速度為零答案C解析點電荷從PO的過程中，合電場力方向指向O點，合電場力大小可能是先變大后變小，則加速度先變大后變?。缓想妶隽Υ笮∫部赡芤恢弊冃?，則加速度一直變小。不過，在到達(dá)O點之前，合電場力一直做正功，速度一定是一直變大的，在O點時加速度是零，速度最大。該電場關(guān)于直線MN對稱，電荷越過O點后合電場力方向還是指向O點，合電場力的大小可能是先變大后變小，或者是一直變大，所以加速度可能是先變大后變小，或者是一直變大。但合電場力一直做負(fù)功，速度會越來越小，當(dāng)達(dá)到關(guān)于O點對稱的P點速度為零。因此，C正確，A、B、D錯誤。2某靜電場中的電場線方向不確定，分布如圖所示，帶電粒子在電場中僅受靜電力作用，其運動軌跡如圖中虛線所示，由M運動到N，以下說法正確的是()A粒子必定帶正電荷B該靜電場一定是孤立正電荷產(chǎn)生的C粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度D粒子在M點的速度大于它在N點的速度答案C解析帶電粒子所受靜電力沿電場線的切線方向或切線的反方向，且指向運動曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，分析可得靜電力的方向大致向上，因不知電場線的方向，粒子的電性無法確定，所以A錯誤；電場線是彎曲的，則一定不是孤立點電荷的電場，所以B錯誤；N點處電場線密，則場強(qiáng)大，粒子受到的靜電力大，產(chǎn)生的加速度也大，所以C正確；因靜電力大致向上，粒子由M運動到N時，靜電力做正功，粒子動能增加，速度增加，所以D錯誤。3等量異號點電荷的連線和中垂線如圖所示，現(xiàn)將一個帶負(fù)電的試探電荷先從圖中的A點沿直線移動到B點，再從B點沿直線移動到C點，則試探電荷在此過程中()A所受靜電力的方向不變B所受靜電力的大小恒定CB點電場強(qiáng)度為0，電荷在B點受力也為0D在平面內(nèi)與C點電場強(qiáng)度相同的點總共有四處答案A解析如圖所示為正、負(fù)電荷的電場線分布圖，由圖知從A點到B點及從B點到C點的過程中，負(fù)電荷所受靜電力均沿電場線的切線方向向上且不為0，A正確，C錯誤；從電場線的疏密可看出，全過程中電場強(qiáng)度一直在變大，故靜電力FqE也變大，B錯誤；與C點電場強(qiáng)度相同的點從圖上電場線的方向及疏密可看出還有一處，即關(guān)于B點對稱的地方，D錯誤?？键c四有關(guān)電場的力的性質(zhì)的綜合應(yīng)用1靜電力參與下的共點力平衡問題(1)靜電力參與下的共點力平衡問題：分析方法與力學(xué)問題相同，只是多了一個庫侖力而已，可以用正交分解法，也可以用矢量三角形法。(2)有靜電力參與的動力學(xué)問題與牛頓運動定律中的動力學(xué)問題本質(zhì)上是相同的(如兩個點電荷間的庫侖力滿足牛頓第三定律)，值得注意的兩點是：列方程時，注意庫侖力的方向；若庫侖力總與速度方向垂直，庫侖力不做功。2求解電場強(qiáng)度的非常規(guī)思維方法(1)等效法：在保證效果相同的前提下，將復(fù)雜的電場情景變換為簡單的或熟悉的電場情景。例如：一個點電荷q與一個無限大薄金屬板形成的電場，等效為兩個等量異號點電荷形成的電場，如圖1甲、乙所示。(2)對稱法：利用空間上對稱分布的電荷形成的電場具有對稱性的特點，使復(fù)雜電場的疊加計算問題大為簡化。例如：如圖2，均勻帶電的球殼在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)，等效為弧BC產(chǎn)生的場強(qiáng)，弧BC產(chǎn)生的場強(qiáng)方向，又與弧的中點M在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向相同。(3)填補(bǔ)法：將有缺口的帶電圓環(huán)補(bǔ)全為圓環(huán)，或?qū)щ姲肭蛎嫜a(bǔ)全為球面，從而化難為易、事半功倍。(4)微元法：將帶電體分成許多元電荷，每個元電荷看成點電荷，先根據(jù)庫侖定律求出每個元電荷的場強(qiáng)，再結(jié)合對稱性和場強(qiáng)疊加原理求出合場強(qiáng)。(5)極限法：對于某些特殊情況下求解有關(guān)場強(qiáng)問題，有時無法用有關(guān)公式、規(guī)律得出結(jié)論，可考慮應(yīng)用極限法。3解決帶電體的力電綜合問題的一般思路例1如圖所示，三個點電荷q1、q2、q3固定在同一直線上，q2與q3的距離為q1與q2的距離的2倍，每個電荷所受靜電力的合力均為零，由此可以判定，三個電荷的電量之比q1q2q3為()A949 B494 C9436 D9364解析要三個電荷所受合力均為零，q1、q3必為同種電荷，且q2與q1、q3電性相反。設(shè)q1、q2之間的距離為L，q2、q3之間的距離為2L。因為每個電荷所受靜電力的合力均為零對q1列平衡方程得：kk對q2列平衡方程得：kk由以上兩式解得：q1q2q39436，所以C正確。答案C方法感悟三個自由點電荷僅在它們系統(tǒng)的靜電力作用下處于平衡狀態(tài)時，滿足的規(guī)律是：(1)“三點共線”三個點電荷分布在同一直線上；(2)“兩同夾異”正負(fù)電荷相互間隔；(3)“兩大夾小”中間電荷的電荷量最小；(4)“近小遠(yuǎn)大”中間電荷靠近電荷量較小的電荷。 例2均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場。如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，半球面總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，OMON2R。已知M點的場強(qiáng)大小為E，則N點的場強(qiáng)大小為()A. B.EC.E D.E解析左半球面AB上的正電荷q產(chǎn)生的電場等效為帶電荷量為2q的整個完整球殼產(chǎn)生的電場和帶電荷量為q的右半球面產(chǎn)生的電場的合電場，則有EE，E為帶電荷量為q的右半球面在M點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小。帶電荷量為q的右半球面在M點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小與帶電荷量為q的左半球面AB在N點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，則ENEEE，B正確。答案B方法感悟利用問題中出現(xiàn)的對稱特性進(jìn)行分析、推理，形狀規(guī)則的帶電體形成的電場具有對稱性，位置對稱的兩點處的電場強(qiáng)度大小相等。如果能夠求出其中一點處的電場強(qiáng)度，根據(jù)對稱性特點，另一點處的電場強(qiáng)度即可求出。1教材母題(人教版選修31 P15T7)如圖，真空中有兩個點電荷Q14.0108 C和Q21.0108 C，分別固定在x坐標(biāo)軸的x0和x6 cm的位置上。(1)x坐標(biāo)軸上哪個位置的電場強(qiáng)度為0?(2)x坐標(biāo)軸上哪些地方的電場強(qiáng)度方向是沿x軸的正方向的？變式子題(多選)兩個相同的金屬球A和B，A帶正電，B帶負(fù)電，且所帶電荷量QA與QB的大小之比是 41，帶電金屬球可視為點電荷。若在A、B連線上的某點C放一個點電荷QC，A、B對C作用的靜電力剛好平衡，則()AC點一定在連線的B點的外側(cè)BC點一定在連線的A點的外側(cè)CC點一定在A、B之間DC點的場強(qiáng)一定為零答案AD解析因為A帶正電，B帶負(fù)電，只要放入的電荷受到的合力為零即可。通過受力分析可知，QA與QB的大小之比為41，則對C點有rArB，而且保證兩個力的方向相反，所以C點一定在AB連線上的B點的外側(cè)，且C點場強(qiáng)一定為零，故選A、D。2.如圖，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個頂點上：a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場中，已知靜電力常量為k，若三個小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為()A. B. C. D.答案B解析以小球c為研究對象，其受力如圖甲所示，其中F庫，由平衡條件得2F庫cos30Eqc，即Eqc，解得E。此時a的受力如圖乙所示，222，得qc2q，即當(dāng)qc2q時a可處于平衡狀態(tài)，同理b亦恰好平衡，故B正確。3(多選)如圖所示，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點有一電荷量為q(q>0)的固定點電荷。已知b點處的場強(qiáng)為零，則d點處場強(qiáng)的大小為(k為靜電力常量)()Ak BkCk Dk答案B解析點電荷q在b處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小Ek，方向向右，因b點處的場強(qiáng)為零，所以Q在b點處的場強(qiáng)大小也為k，方向向左，由對稱性，Q在d點處的場強(qiáng)為k，方向向右，則d點處的場強(qiáng)應(yīng)為Q和q在該點場強(qiáng)的矢量和，q在d點的場強(qiáng)Ekk，方向向右，EdEEk，故B正確。4已知均勻帶電球體在球的外部產(chǎn)生的電場與一個位于球心、所帶電荷量與之相等的點電荷產(chǎn)生的電場相同，如圖所示，半徑為R的球體上均勻分布著總電荷量為Q的電荷，在過球心O的直線上有A、B兩個點，O和B間、B和A間的距離均為R?，F(xiàn)以O(shè)B為直徑在球內(nèi)挖出一個球形空腔，若靜電力常量為k，球的體積公式為Vr3，則A點處電場強(qiáng)度的大小為()A. B. C. D.答案B解析實心大球在A點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E1，實心小球所帶的電荷量QQ，實心小球在A點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度E2，故A點的合電場強(qiáng)度EE1E2，B正確。5下列選項中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣。坐標(biāo)原點O處電場強(qiáng)度最大的是()答案B解析由對稱原理可知，A、C圖中在O點的場強(qiáng)大小相等，設(shè)為E，D圖中在O點場強(qiáng)為0，B圖中兩圓環(huán)在O點合場強(qiáng)為E，故選B。課后作業(yè) 鞏固強(qiáng)化練1在國際單位制中，電場強(qiáng)度單位的符號是()AN BN/CCN/(Am) DN/A答案B解析在國際單位制中，電場強(qiáng)度單位的符號是N/C，故選B。2關(guān)于電場場強(qiáng)的概念，下列說法正確的是()A由E可知，某電場的場強(qiáng)E與q成反比，與F成正比B正負(fù)試探電荷在同一點受到的電場力方向相反，所以某一點場強(qiáng)方向與試探電荷的正負(fù)有關(guān)C電場中某一點的場強(qiáng)與放入該點的試探電荷正負(fù)無關(guān)D電場中某一點不放試探電荷時，該點場強(qiáng)等于零答案C解析電場強(qiáng)度的大小與試探電荷所帶電荷量以及所受電場力大小無關(guān)，只和電場本身的性質(zhì)有關(guān)，A、D錯誤；C正確；電場方向與正電荷受到的電場力方向相同，與負(fù)電荷受到的電場力方向相反，B錯誤。3兩個相同的帶異種電荷的導(dǎo)體小球所帶電荷量的比值為13，相距為r時相互作用的庫侖力的大小為F，今使兩小球接觸后再分開放到相距為2r處，則此時庫侖力的大小為()A.F B.F C.F D.F答案A解析設(shè)一個小球帶電量大小為Q，則另一個小球帶電量大小為3Q，根據(jù)庫侖定律有：兩球接觸前：Fk，接觸再分開后，兩球分別帶電量大小為：Q1Q2Q；由庫侖定律得：Fk，故A正確。4(多選)如圖所示，圖中實線是一簇未標(biāo)明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，A、B是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到靜電力作用，根據(jù)此圖可以作出的正確判斷是()A帶電粒子所帶電荷的正、負(fù)B帶電粒子在A、B兩點的受力方向C帶電粒子在A、B兩點的加速度何處較大D帶電粒子在A、B兩點的速度何處較大答案BCD解析根據(jù)曲線運動所受的合外力指向內(nèi)側(cè)，可得帶電粒子在A、B兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性和產(chǎn)生該電場的點電荷的電性，故A錯誤，B正確；根據(jù)電場線的疏密程度，可知EA>EB，所以電場力FA>FB，再根據(jù)牛頓第二定律得A點加速度大，故C正確；由A到B，電場力做負(fù)功，動能減小，故A處的速度大，D正確。5.直角坐標(biāo)系xOy中，M、N兩點位于x軸上，G、H兩點坐標(biāo)如圖所示。M、N兩點各固定一負(fù)點電荷，一電荷量為Q的正點電荷置于O點時，G點處的電場強(qiáng)度恰好為零。靜電力常量用k表示。若將該正點電荷移到G點，則H點處場強(qiáng)的大小和方向分別為()A.，沿y軸正向 B.，沿y軸負(fù)向C.，沿y軸正向 D.，沿y軸負(fù)向答案B解析正點電荷Q在O點時，它在G點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，方向沿y軸負(fù)方向。由于G點場強(qiáng)恰好為零，即兩負(fù)點電荷在G點的合場強(qiáng)大小為E1，方向沿y軸正方向。由對稱性知，兩負(fù)點電荷在H處的場強(qiáng)大小為E2E1，方向沿y軸負(fù)方向。當(dāng)把正點電荷放在G點時，在H處產(chǎn)生的場強(qiáng)的大小為E3，方向沿y軸正方向。所以H處場強(qiáng)大小EE2E3，方向沿y軸負(fù)方向，B正確。6如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O點為半圓弧的圓心，MOP60。電荷量相等、符號相反的兩個點電荷分別置于M、N兩點，這時O點電場強(qiáng)度的大小為E1；若將N點處的點電荷移至P點，則O點的電場強(qiáng)度大小變?yōu)镋2。那么，E1與E2之比為()A12 B21 C2 D4答案B解析依題意，因為M、N兩點都在圓周上，距O點的距離相等，合電場強(qiáng)度為E1，則每個點電荷在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為，當(dāng)N點處的點電荷移至P點時，O點的電場強(qiáng)度如圖所示，合電場強(qiáng)度大小為E2，則，B正確。7a、b兩個帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電荷量分別為3q 和q，兩球間用絕緣細(xì)線連接，a球又用長度相同的絕緣細(xì)線懸掛在天花板上，在兩球所在的空間有方向向左的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，平衡時細(xì)線都被拉緊，則平衡時可能位置是()答案D解析a球帶正電，受到的電場力水平向左，b帶負(fù)電，受到的電場力水平向右。以整體為研究對象，整體所受的電場力大小為2qE，方向水平向左，分析受力如圖，則上面繩子應(yīng)向左偏轉(zhuǎn)。設(shè)上面繩子與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得tan，以b球為研究對象，受力如圖。設(shè)ab間的繩子與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得tan，得到，所以根據(jù)幾何知識可知，b球在懸點的正下方，故D正確。8豎直放置的兩塊足夠長的平行金屬板間有勻強(qiáng)電場。其電場強(qiáng)度為E，在該勻強(qiáng)電場中，用絲線懸掛質(zhì)量為m的帶電小球，絲線跟豎直方向成角時小球恰好平衡，小球與右側(cè)金屬板相距為b，如圖所示，請問：(1)小球的電性及所帶電荷量是多少？(2)若剪斷絲線，小球碰到金屬板需多長時間？答案(1)正電(2) 解析(1)由于小球處于平衡狀態(tài)，對小球受力分析如圖所示，則小球帶正電；FsinqEFcosmg由上述兩式得tan，故q。(2)由第(1)問中的方程知F，而剪斷絲線后，小球所受電場力和重力的合力與未剪斷絲線時絲線的拉力大小相等、方向相反，故剪斷絲線后小球所受重力、電場力的合力等于。小球的加速度a，小球由靜止開始沿著絲線拉力的反方向做勻加速直線運動，當(dāng)碰到金屬板上時，它經(jīng)過的位移為x，又由xat2，得t 。真題模擬練9(2018全國卷)如圖，三個固定的帶電小球a、b和c，相互間的距離分別為ab5 cm，bc3 cm，ca4 cm。小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a、b的連線。設(shè)小球a、b所帶電荷量的比值的絕對值為k，則()Aa、b的電荷同號，kBa、b的電荷異號，kCa、b的電荷同號，kDa、b的電荷異號，k答案D解析對固定的小球c受到的庫侖力分析，要使c球受到的庫侖力合力與a、b的連線平行，則豎直方向小球c受到的庫侖力合力為零，則a、b的電荷必須異號，如圖所示，則有：ksinksin，故，D正確。10(2016浙江高考)如圖所示，兩個不帶電的導(dǎo)體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，()A此時A帶正電，B帶負(fù)電B此時A電勢低，B電勢高C移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合答案C解析由于靜電感應(yīng)，A帶負(fù)電，B帶等量正電，若移去C，A、B所帶等量正負(fù)電荷中和，金屬箔閉合，所以C正確，A錯誤；處于電場中的導(dǎo)體是等勢體，B錯誤；若先把A、B分開，然后移去C，A、B所帶電荷就不能中和，金屬箔不再閉合，D錯誤。11(2016浙江高考)(多選)如圖所示，把A、B兩個相同的導(dǎo)電小球分別用長為0.10 m的絕緣細(xì)線懸掛于OA和OB兩點。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸，棒移開后將懸點OB移到OA點固定。兩球接觸后分開，平衡時距離為0.12 m。已測得每個小球質(zhì)量是8.0104 kg，帶電小球可視為點電荷，重力加速度g10 m/s2，靜電力常量k9.0109 Nm2/C2，則()A兩球所帶電荷量相等BA球所受的靜電力為1.0102 NCB球所帶的電荷量為4108 CDA、B兩球連線中點處的電場強(qiáng)度為0答案ACD解析用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電荷，與A球接觸后A球也帶正電荷，兩球接觸后分開，B球也帶正電荷，且兩球所帶電荷量相等，A項正確；兩球相互排斥，穩(wěn)定后A球受力情況如圖所示，sin0.60，37，F(xiàn)庫mgtan376.0103 N，B項錯誤；F庫k，QAQBQ，r0.12 m，聯(lián)立得Q4108 C，故C項正確；由等量同號點電荷產(chǎn)生的電場的特點可知，A、B兩球連線中點處的場強(qiáng)為0，故D項正確。12(2015江蘇高考)靜電現(xiàn)象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已有對靜電現(xiàn)象的記載，春秋緯考異郵中有“玳瑁吸”之說，但下列不屬于靜電現(xiàn)象的是()A梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B帶電小球移至不帶電金屬球附近，兩者相互吸引C小線圈接近通電線圈過程中，小線圈中產(chǎn)生電流D從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺答案C解析小線圈接近通電線圈過程中，小線圈因磁通量變化而產(chǎn)生感應(yīng)電流屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，其他三種現(xiàn)象屬于靜電現(xiàn)象，C符合題意。13.(2015廣東高考)(多選)如圖所示的水平勻強(qiáng)電場中，將兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一水平線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計重力，則()AM的帶電量比N的大BM帶負(fù)電荷，N帶正電荷C靜止時M受到的合力比N的大D移動過程中勻強(qiáng)電場對M做負(fù)功答案BD解析不考慮重力，取整體為研究對象，外力只有勻強(qiáng)電場的電場力，由平衡條件可知M、N所受電場力必等大反向，故M、N必帶有等量異號電荷，A錯誤；隔離出M，若M帶正電，N帶負(fù)電，則M受到N的庫侖力和勻強(qiáng)電場力都向右，M受力不平衡，只有M帶負(fù)電才可能受力平衡，故M帶負(fù)電，則N帶正電，B正確；靜止時，M、N所受合力都為0，C錯誤；因勻強(qiáng)電場對M的電場力方向與M移動方向成鈍角，故D正確。14(2018河北衡水中學(xué)期末)如圖所示，在傾角為的足夠長光滑斜面上放置兩個質(zhì)量分別為2m和m的帶電小球A和B(均可視為質(zhì)點)，它們相距為L。兩球同時由靜止開始釋放時，B球的初始加速度恰好等于零。經(jīng)過一段時間后，當(dāng)兩球距離為L時，A、B的加速度大小之比為a1a2115。(靜電力常量為k，重力加速度為g)(1)若B球帶正電荷且電荷量為q，求A球所帶電荷量Q及電性；(2)求L與L之比。答案(1)正電(2)32解析(1)對B球分析有，A球帶正電荷初始時B球沿斜面方向合力為零Fmgsin0又Fk，解得Q。(2)初始時B球受力平衡，兩球相互排斥運動一段距離后，兩球間距離增大，庫侖力一定減小，小于mgsin。A球加速度a1方向應(yīng)沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，有F2mgsin2ma1B球加速度a2方向應(yīng)沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsinFma2依題意a1a2115聯(lián)立解得Fmgsin，又Fk得LL32。