2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip

2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip,2019,年高,物理,一輪,選練編題,解析,打包,11,新人 人教版物理2019年高考一輪選練編題（2） 李仕才 一、選擇題 1、學(xué)?！吧磉叺奈锢怼鄙鐖F(tuán)小組利用傳感器研究物體的運(yùn)動(dòng)．在一小球內(nèi)部裝上無(wú)線傳感器，并將小球豎直向上拋出，通過(guò)與地面上接收裝置相連的計(jì)算機(jī)描繪出小球上拋后運(yùn)動(dòng)規(guī)律的相關(guān)圖象．已知小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力隨速度的增大而增大，則下列圖象可能是計(jì)算機(jī)正確描繪的是(已知v、t分別表示小球速度的大小、運(yùn)動(dòng)的時(shí)間)(　　) 解析：選D.在上升過(guò)程和下降過(guò)程中，小球受到重力和阻力，根據(jù)速度的變化關(guān)系，判斷出阻力的變化關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律判斷出加速度的變化即可判斷在上升階段，物體做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知mg＋f＝ma，其中f＝kv，由于速度減小，阻力減小，加速度減小，當(dāng)速度達(dá)到0時(shí)，小球向下做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)mg－kv＝ma可知，隨時(shí)間的延續(xù)，速度增大，阻力增大，加速度減小，在v－t圖象中斜率代表加速度，故D正確． 2、如圖所示,質(zhì)量分別為m,2m的小球A,B,由輕質(zhì)彈簧相連后再用細(xì)線懸掛在電梯內(nèi),已知電梯正在豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),細(xì)線中的拉力為F,此時(shí)突然剪斷細(xì)線.在線斷的瞬間,彈簧的彈力大小和小球A的加速度的大小分別為(　A　) A.,+g B.,+g C.,+g D.,+g 解析:對(duì)兩球及彈簧整體,由牛頓第二定律 F-3mg=3ma,對(duì)B球有F彈-2mg=2ma, 解得F彈=,對(duì)A球有mg+F彈=maA, 得aA=+g,選項(xiàng)A正確. 3、（2018山東省臨沂市高三上學(xué)期期中）某質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，位移為x，該質(zhì)點(diǎn)的圖象如圖所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是( ) A. 質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為 B. t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為a C. t=0到t=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的平均速度為0 D. t=0到t=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的路程為 【答案】D 4、如圖所示，電梯質(zhì)量為M，電梯地板上放置一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，輕質(zhì)鋼索拉動(dòng)電梯由靜止開(kāi)始豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)上升高度為H時(shí)，速度達(dá)到v.不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，在這個(gè)過(guò)程中(　　) A．物塊所受支持力與鋼索拉力之比為m∶M B．地板對(duì)物塊的支持力做的功等于mv2＋mgH C．物塊克服重力做功的平均功率等于mgv D．電梯及物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于(M＋m)v2 解析：選BC.鋼索拉力T＝(M＋m)(g＋a)，物塊所受支持力FN＝m(g＋a)，所以＝，A項(xiàng)錯(cuò)誤．對(duì)物塊m，由動(dòng)能定理有WFN－mgH＝mv2，得WFN＝mv2＋mgH，B項(xiàng)正確．因物塊做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則其平均速度＝，物塊克服重力做功的平均功率PG＝mg ＝mgv，C項(xiàng)正確．電梯及物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于(M＋m)gH＋(M＋m)v2，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 5、如圖(甲)所示為研究光電效應(yīng)的電路圖,實(shí)驗(yàn)得到了如圖(乙)所示的遏止電壓Uc和入射光頻率ν的圖像.下列說(shuō)法正確的是(　A　) A.圖像與橫軸交點(diǎn)坐標(biāo)的物理意義是該金屬的截止頻率 B.圖像斜率為普朗克常量h C.遏止電壓越高,截止頻率越大 D.入射光頻率增大,逸出功也增大 解析:當(dāng)遏止電壓為零時(shí),最大初動(dòng)能為零,則入射光的能量等于逸出功,所以W0=hν0,故A正確.根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hν-W0和eUc=Ekm得,Uc=-,知圖線的斜率等于,故B錯(cuò)誤.當(dāng)入射光的頻率大于截止頻率時(shí),遏止電壓與入射光的頻率成線性關(guān)系,故C錯(cuò)誤.從圖像上可知,逸出功W0=hν0,逸出功與入射光頻率無(wú)關(guān),故D錯(cuò)誤. 6、關(guān)于玻爾建立的氫原子模型，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．氫原子處于基態(tài)時(shí)，電子的軌道半徑最大 B．氫原子在不同能量態(tài)之間躍遷時(shí)可以吸收任意頻率的光子 C．氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷時(shí)，電子的動(dòng)能減小 D．氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷時(shí)，系統(tǒng)的電勢(shì)能減小 解析：選C.氫原子處于基態(tài)時(shí)，電子的軌道半徑最小，故A錯(cuò)誤；由hν＝Em－En知?dú)湓釉诓煌芰繎B(tài)之間躍遷時(shí)只可以吸收特定頻率的光子，故B錯(cuò)誤；氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷，電子距離氫原子核的距離增大，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大，線速度減小，動(dòng)能減小，C正確；氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷時(shí)，電子距離氫原子核的距離增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，D錯(cuò)誤． 7、在地面附近，存在著兩個(gè)有邊界的理想電場(chǎng)，邊界AB將該空間分成上、下兩個(gè)區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，區(qū)域Ⅱ中有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，在區(qū)域Ⅰ中的P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球，小球穿過(guò)邊界AB時(shí)的速度為v0，進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ到達(dá)M點(diǎn)時(shí)速度剛好為零，如圖所示．已知此過(guò)程中小球在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的2倍，已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，以下說(shuō)法正確的是(　　) A．小球帶正電 B．電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 C．P點(diǎn)距邊界AB的距離為 D．若邊界AB處電勢(shì)為零，則M點(diǎn)電勢(shì)為－ 【答案】BCD 的距離為x1＝＝，M點(diǎn)距邊界AB的距離為x2＝＝，M點(diǎn)與AB邊界的電勢(shì)差U＝Ex2＝·＝，若邊界AB處電勢(shì)為零，則M點(diǎn)的電勢(shì)φM＝－，選項(xiàng)B、C、D正確． 8、（多選）在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖(a)所示，碰后運(yùn)動(dòng)員用冰壺刷摩擦藍(lán)壺前進(jìn)方向的冰面來(lái)減小阻力，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的v-t圖線如圖(b)中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19 kg，則 A. 碰后藍(lán)壺速度為0.8m／s B. 碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為2.4m C. 碰撞過(guò)程兩壺?fù)p失的動(dòng)能為7.22J D. 碰后紅、藍(lán)兩壺所滑過(guò)的距離之比為1:20 【來(lái)源】寧夏銀川一中2018屆高三第四次模擬考試?yán)砭C物理試卷 【答案】 AD 【解析】A、設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為 ,碰前紅壺的速度 碰后紅壺的速度為 根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得: 解得v2=0.8m/s ，故A正確； B、根據(jù)碰前紅壺的速度圖像可以知道紅壺的加速度為: 碰后紅壺減速到零需要的時(shí)間為： 碰后藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)圖像的面積代表走過(guò)的位移 ，故B錯(cuò)； 點(diǎn)睛：知道v-t圖像中斜率代表加速度，面積代表運(yùn)動(dòng)走過(guò)的位移，并利用動(dòng)量守恒解題。 二、非選擇題 1、如圖甲所示，工廠利用傾角θ＝30°的皮帶傳輸機(jī)，將每個(gè)質(zhì)量為m＝5 kg的木箱從地面運(yùn)送到高為h＝5.25 m的平臺(tái)上，機(jī)械手每隔1 s就將一個(gè)木箱放到傳送帶的底端，傳送帶的皮帶以恒定的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)且不打滑．木箱放到傳送帶上后運(yùn)動(dòng)的部分v-t圖象如圖乙所示，已知各木箱與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都相等．若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2.求： (1)木箱與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)傳送帶上最多有幾個(gè)木箱同時(shí)在向上輸送； (3)皮帶傳輸機(jī)由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，從機(jī)械手放上第一個(gè)木箱開(kāi)始計(jì)時(shí)的10分鐘內(nèi)，因?yàn)槟鞠涞姆湃?，電?dòng)機(jī)需要多做的功． 解析：(1)由乙圖可知，木箱運(yùn)動(dòng)的加速度為：a＝＝1 m/s2，皮帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度為：v＝1 m/s，根據(jù)牛頓第二定律得：μmgcos θ－mgsin θ＝ma 解得：μ＝. (2)木箱加速運(yùn)動(dòng)的位移為：x1＝at＝0.5 m， 木箱相對(duì)皮帶靜止后，相鄰兩個(gè)木箱之間的距離都相等，有：ΔL＝vt＝1 m 傳送帶的長(zhǎng)度為：L＝＝2 h＝10.5 m， L＝10ΔL＋x1， 所以傳送帶上最多同時(shí)存在的木箱個(gè)數(shù)為11個(gè)． (3)木箱在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，和皮帶間的相對(duì)位移為：Δx＝vt－x1＝1×1－0.5＝0.5 m，和皮帶間的摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q1＝μmgcos θ·Δx＝15 J 木箱最終增加的動(dòng)能為：Ek1＝mv2＝2.5 J， 木箱到達(dá)平臺(tái)增加的重力勢(shì)能為：Ep＝mgh＝262.5 J， 從開(kāi)始的10分鐘內(nèi)共傳送木箱的個(gè)數(shù)N＝10×60＝600個(gè)，其中590個(gè)已經(jīng)到達(dá)平臺(tái)，還有10個(gè)正在傳送帶上，到達(dá)平臺(tái)的590個(gè)，電動(dòng)機(jī)做的功為：W1＝590(Q1＋Ek1＋Ep1)＝165 200 J，在傳送帶上的已經(jīng)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)得10個(gè)木箱增加的動(dòng)能為：10Ek1＝25 J， 10個(gè)木箱的摩擦生熱為：10Q1＝150 J,10個(gè)木箱增加的重力勢(shì)能共為：Ep′＝10mgΔxsin 30°＋mgΔLsin 30°＋2mgΔLsin 30°＋…＋9mgΔLsin 30°＝10mgΔxsin 30°＋mgLsin 30°(1＋2＋3…＋9)＝1 250 J，所以電動(dòng)機(jī)多做的功為：W＝W1＋10Ek1＋10Q1＋Ep′＝166 625 J 答案：(1)木箱與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為； (2)傳送帶上最多有11個(gè)木箱同時(shí)在向上輸送； (3)皮帶傳輸機(jī)由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，從機(jī)械手放上第一個(gè)木箱開(kāi)始計(jì)時(shí)的10分鐘內(nèi)，因?yàn)槟鞠涞姆湃耄妱?dòng)機(jī)需要多做的功為166 625 J． 2．在真空中，邊長(zhǎng)為3L的正方形區(qū)域ABCD分成相等的三部分，左右兩側(cè)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，中間區(qū)域?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，如圖所示．左側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1＝，方向垂直紙面向外；右側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2＝，方向垂直于紙面向里；中間區(qū)域電場(chǎng)方向與正方形區(qū)域的上下邊界平行．一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的帶電粒子從平行金屬板的正極板開(kāi)始由靜止被加速，加速電壓為U，加速后粒子從a點(diǎn)進(jìn)入左側(cè)磁場(chǎng)，又從距正方形上下邊界等間距的b點(diǎn)沿與電場(chǎng)平行的方向進(jìn)入中間區(qū)域的電場(chǎng)中，不計(jì)粒子重力． (1)求a點(diǎn)到A點(diǎn)的距離． (2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的取值在什么范圍內(nèi)時(shí)粒子能從右側(cè)磁場(chǎng)的上邊緣CC1間離開(kāi)？ (3)改變中間區(qū)域的電場(chǎng)方向和場(chǎng)強(qiáng)大小，粒子可從D點(diǎn)射出，求粒子在左右兩側(cè)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間． 解析：(1)粒子在金屬板間加速時(shí)，有 qU＝mv2　 ① 粒子在左側(cè)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖甲所示，有 qvB1＝m　 ② sin α＝　 ③ a點(diǎn)到A點(diǎn)的距離x＝－R1(1－cos α)　 ④ 聯(lián)立解得x＝L (2)如圖甲所示，粒子在右側(cè)磁場(chǎng)中以半徑為Rn和Rm的兩軌跡為臨界軌跡從上邊緣CC1離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，有Rn＝L　 ⑤ Rm＝L　 ⑥ 又qvnB2＝m　 ⑦ qvmB2＝m　 ⑧ 粒子在中間電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)，有 qEnL＝mv－mv2　 ⑨ qEmL＝mv－mv2　 ⑩ 聯(lián)立解得En＝，Em＝ 電場(chǎng)強(qiáng)度的取值范圍為＜E＜. (3)粒子在左右磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，T1＝　 ? T2＝　 ? 必須改變中間區(qū)域的電場(chǎng)方向并取定電場(chǎng)E的某一恰當(dāng)確定數(shù)值，粒子才能沿如圖乙所示的軌跡從D點(diǎn)射出 由①～③式可得：α＝60°，有t＝＋　 ? 聯(lián)立???并代入數(shù)據(jù)解得t＝ . 答案：(1)L　(2)＜E＜　(3) 9