2019年高考物理一輪選練編題(含解析)(打包11套)新人教版.zip
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人教版物理2019年高考一輪選練編題(7)
李仕才
一、選擇題
1、大霧天發(fā)生交通事故的概率比平常要高出幾倍甚至幾十倍,保證霧天行車安全顯得尤為重要.在霧天的平直公路上,甲、乙兩汽車同向勻速行駛,乙在前,甲在后.某時刻兩車司機聽到警笛提示,同時開始剎車,結(jié)果兩車剛好沒有發(fā)生碰撞,如圖為兩車剎車后勻減速運動的vt圖像,以下分析正確的是( BD )
A.甲車剎車的加速度的大小為0.5 m/s2
B.兩車開始剎車時的間距為100 m
C.兩車剎車后間距一直在減小
D.兩車都停下來后相距12.5 m
解析:由題圖可知,兩車剎車后直到速度相等經(jīng)歷的時間為20 s,甲車的加速度a1= m/s2=-1 m/s2,乙車的加速度a2= m/s2=-0.5 m/s2,此時甲車的位移x甲=v甲t+a1t2=(25×20-×1×400)m=300 m,乙車的位移x乙=v乙t+a2t2=(15×20-×0.5×400)m=200 m,兩車剛好沒有發(fā)生碰撞,則兩車開始剎車時的間距Δx=(300-200)m=100 m,選項A錯誤,B正確;兩車剎車后甲的速度先大于乙的速度,兩者間距減小,后來甲的速度小于乙的速度,兩者間距增大,選項C錯誤;根據(jù)圖像與坐標軸圍成的面積表示位移可知,兩車都停下來后的距離為如圖中陰影部分三角形面積,則Δx′=×(30-25)×5 m=12.5 m,選項D正確.
2、一個質(zhì)量為2 kg的物體,在4個共點力作用下處于平衡狀態(tài).現(xiàn)同時撤去大小分別為8 N和12 N的兩個力,其余的力保持不變,關(guān)于此后該物體運動的說法正確的是( )
A.一定做勻變速運動,加速度大小可能等于重力加速度的大小
B.一定做勻變速直線運動,加速度大小可能是5 m/s2
C.可能做勻減速直線運動,加速度大小是1.5 m/s2
D.可能做勻速圓周運動,向心加速度大小是6 m/s2
解析:選A.由平衡條件得知,余下力的合力與撤去的兩個力的合力大小相等、方向相反,則撤去大小分別為8 N和12 N的兩個力后,物體的合力大小范圍為4 N≤F合≤20 N,物體的加速度范圍為:2 m/s2≤a≤10 m/s2;A.撤去兩個力后,一定做勻變速運動,加速度大小可能等于重力加速度的大小,故A正確;B.若物體原來做勻速直線運動,撤去的兩個力的合力方向與速度方向不在同一直線上時,物體做勻變速曲線運動,加速度大小可能是5 m/s2,故B錯誤;C.若物體原來做勻速直線運動,撤去的兩個力的合力方向與速度方向相反時,物體做勻減速直線運動,加速度大小最小可能是2 m/s2,不可能為1.5 m/s2,故C錯誤;D.撤去兩個力后,物體受到的合力恒定,不可能做勻速圓周運動,故D錯誤.
3、(2018廣西欽州市第一中學(xué)開學(xué)考試)疊羅漢是一種由多人層層疊成各種造型的游戲娛樂形式,也是一種高難度的雜技。如圖所示為六人疊成的三層靜態(tài)造型,假設(shè)每個人的重量均為G,下面五人的背部均呈水平狀態(tài),則最底層正中間的人的一只腳對水平地面的壓力約為( )
A. B. C. D.
【答案】B
4、(多選)兩個小球A、B在光滑水平面上相向運動,已知它們的質(zhì)量分別是m1=4 kg,m2=2 kg,A的速度v1=3 m/s(設(shè)為正),B的速度v2=-3 m/s,則它們發(fā)生正碰后,其速度可能分別是( )
A.均為1 m/s B.+4 m/s和-5 m/s
C.+2 m/s和-1 m/s D.-1 m/s和5 m/s
解析:選AD.由動量守恒,可驗證四個選項都滿足要求.再看動能情況
Ek=m1v+m2v=×4×9 J+×2×9 J=27 J
Ek′=m1v1′2+m2v2′2
由于碰撞過程動能不可能增加,所以應(yīng)有Ek≥Ek′,可排除選項B.選項C雖滿足Ek≥Ek′,但A、B沿同一直線相向運動,發(fā)生碰撞后各自仍能保持原來的速度方向(vA′>0,vB′<0),這顯然是不符合實際的,因此C錯誤.驗證選項A、D均滿足Ek≥Ek′,故答案為選項A(完全非彈性碰撞)和選項D(彈性碰撞).
5、(1)(5分)下列說法中正確的是 (填正確答案標號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分.每選錯1個扣3分,最低得分為0分).?
A.能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散不違反能量守恒定律
B.擴散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進行,不能在固體中發(fā)生
C.有規(guī)則外形的物體是晶體,沒有確定的幾何外形的物體是非晶體
D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,所以存在表面張力
E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行
(2)(10分)某次測量中在地面釋放一體積為8 L的氫氣球,發(fā)現(xiàn)當氣球升高到1 600 m時破裂.實驗表明氫氣球內(nèi)外壓強近似相等,當氫氣球體積膨脹到8.4 L時即破裂.已知地面附近大氣的溫度為27 ℃,常溫下當?shù)卮髿鈮弘S高度的變化如圖所示.求高度為1 600 m處大氣的攝氏溫度.
解析:(1)能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散是能量的形式發(fā)生了轉(zhuǎn)化,能量的利用品質(zhì)下降,但總能量仍守恒,所以不違反能量守恒定律,故A正確;擴散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進行,也能在固體中發(fā)生,故B錯誤;有規(guī)則外形的物體是單晶體,沒有確定的幾何外形的物體是非晶體和多晶體,故C錯誤;由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,分子間作用力表現(xiàn)為引力,所以存在表面張力,故D正確;由熱力學(xué)第二定律的微觀解釋可知,E正確.
(2)由題圖可知,在地面附近球內(nèi)壓強p1=76 cmHg,
1 600 m處球內(nèi)氣體壓強p2=70 cmHg
由理想氣體狀態(tài)方程得,=,
T2=·T1=×300 K=290 K,
t2=(290-273)℃=17 ℃.
答案:(1)ADE (2)17 ℃
6、14C是碳的一種半衰期為5 730年的放射性同位素,2010年2月科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了曹操墓,若考古工作者探測到其棺木中14C的含量約為原來的,則該古木死亡的時間距今大約為( )
A.22 900年 B.11 400年
C.5 700年 D.1 900年
解析:選D.假設(shè)古木死亡時14C的質(zhì)量為m0,現(xiàn)在的質(zhì)量為m,從古木死亡到現(xiàn)在所含14C經(jīng)過了n個半衰期,由題意可知:=n=,所以n≈,即古木死亡的時間距今約為5 730×年=1 910年,D正確.
7、如圖所示,平行板電容器充電后斷開電源,板間有一點P,在P點固定一個試探電荷q.現(xiàn)將下極板向下平移一小段距離,如果用F表示試探電荷在P點所受的電場力,用E表示極板間的電場強度,用φ表示P點的電勢,用Ep表示試探電荷在P點的電勢能,則下列物理量隨兩板間距離d的變化關(guān)系的圖線,可能正確的是( )
【答案】C
8、明朝謝肇淛《五雜組》中記載:“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè),議欲正之,非萬緡不可。一游僧見之,曰:無煩也,我能正之?!庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進去,經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形,木楔的頂角為θ,現(xiàn)在木楔背上加一力F,方向如圖所示,木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN,則
A. 若F一定,θ大時大
B. 若F一定,θ小時大
C. 若θ一定,F(xiàn)大時大
D. 若θ一定,F(xiàn)小時大
【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生同一考試理科綜合物理試題(天津卷)
【答案】 BC
選木楔為研究對象,木楔受到的力有:水平向右的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力,由于木楔處于平衡狀態(tài),所以兩側(cè)給木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的推力是相等的,力F的分解如圖:
則, ,故解得,所以F一定時, 越小, 越大; 一定時,F(xiàn)越大, 越大,BC正確;
【點睛】由于木楔處在靜止狀態(tài),故可將力F沿與木楔的斜面垂直且向上的方向進行分解,根據(jù)平行四邊形定則,畫出力F按效果分解的圖示.并且可據(jù)此求出木楔對A兩邊產(chǎn)生的壓力.對力進行分解時,一定要分清力的實際作用效果的方向如何,再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進行分解即可.
二、非選擇題
1、如圖所示,粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為M和m的甲、乙兩滑塊,兩滑塊之間夾一壓縮的輕彈簧(彈簧與滑塊不連接),彈簧壓縮后用細線拴接兩滑塊.現(xiàn)剪斷細線,在很短時間內(nèi),彈簧將兩滑塊彈開,則兩滑塊分別在粗糙水平面上滑行X和x距離后停下.
(1)若甲、乙兩滑塊質(zhì)量分別為M和m,求兩滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)的比值;
(2)若M=2m=2m0,m0已知,兩滑塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)均為μ,求被壓縮的輕彈簧的彈性勢能.(重力加速度為g)
解析:(1)剪斷細線,彈簧將兩滑塊彈開,設(shè)彈開瞬間甲、乙兩滑塊的速度大小分別為v1和v2,則由動量守恒定律可得,Mv1=mv2
滑塊分別在粗糙水平面上滑行一段距離后停下,由動能定理得
μ甲MgX=Mv,μ乙mgx=mv
聯(lián)立解得=.
(2)若M=2m=2m0,剪斷細線,彈簧將兩滑塊彈開,由動量守恒定律得2m0v1=m0v2
解得v2=2v1
由能量守恒定律,被壓縮的輕彈簧的彈性勢能
Ep=Mv+mv=m0v(或3m0v)
又μm0gx=m0v(或μ2m0gX=×2m0v)
聯(lián)立解得Ep=μm0gx(或6μm0gX).
答案:(1) (2)Ep=μm0gx(或6μm0gX)
2、在第Ⅱ象限內(nèi)緊貼兩坐標軸的一邊長為L的正方形區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場,磁感應(yīng)強度為B,在第Ⅰ、Ⅳ象限x<L區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負方向的勻強電場,電場強度大小為E;在x>L區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B′的矩形勻強磁場,矩形的其中一條邊在直線x=L上.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計粒子重力)從第Ⅱ象限的正方形勻強磁場區(qū)域的上邊界和左邊界的交點處以沿y軸負方向的某一速度進入磁場區(qū)域,從坐標原點O沿x軸正方向射入勻強電場區(qū)域.
(1)求帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強磁場時的速度大??;
(2)求帶電粒子從勻強電場區(qū)域射出時的坐標;
(3)若帶電粒子進入x>L區(qū)域的勻強磁場時速度方向與x軸正方向成45°角,要使帶電粒子能夠回到x<L區(qū)域,則x<L區(qū)域中勻強磁場的最小面積為多少 ?
解析:(1)根據(jù)題述帶電粒子的運動情境,可知帶電粒子在第Ⅱ象限的勻強磁場中運動的軌跡半徑等于正方形區(qū)域的邊長L,即R=L
設(shè)帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強磁場中時速度大小為v,
由qvB=m,
解得v=.
(2)設(shè)帶電粒子從勻強電場區(qū)域射出時的縱坐標為-y1,帶電粒子從坐標原點O沿x軸正方向射入勻強電場區(qū)域做類平拋運動,設(shè)帶電粒子運動的加速度大小為a,在電場區(qū)域運動的時間為t,則有L=vt,
y1=at2,
qE=ma
聯(lián)立解得y1=
所以帶電粒子從勻強電場區(qū)域射出時的坐標為.
(3)帶電粒子以與x軸正方向成45°角的方向進入x>L區(qū)域的勻強磁場,其速度大小v′=v=
由qv′B′=m,
解得R′=
畫出粒子在x>L區(qū)域磁場中的運動軌跡,如圖所示,
由幾何關(guān)系可知勻強磁場的最小寬度為
d=(1+cos 45°)R′=
所以x>L區(qū)域中勻強磁場的最小面積為
S=2R′d=.
答案:(1) (2) (3)
8
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