2019高考數(shù)學(xué)全冊精準(zhǔn)培優(yōu)專練（打包20套）文.zip

2019高考數(shù)學(xué)全冊精準(zhǔn)培優(yōu)專練（打包20套）文.zip,2019,高考,數(shù)學(xué),精準(zhǔn),培優(yōu)專練,打包,20 培優(yōu)點一 函數(shù)的圖象與性質(zhì) 1.單調(diào)性的判斷 例１：（1）函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間是（ ） A． B． C． D． （2）的單調(diào)遞增區(qū)間為________． 【答案】（1）D；（2）， 【解析】（1）因為，在定義域上是減函數(shù)，所以求原函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間， 即求函數(shù)的單調(diào)遞減區(qū)間，結(jié)合函數(shù)的定義域，可知所求區(qū)間為． （2）由題意知，當(dāng)時，；當(dāng)時，，二次函數(shù)的圖象如圖． 由圖象可知，函數(shù)在，上是增函數(shù)． 2．利用單調(diào)性求最值 例2：函數(shù)的最小值為________． 【答案】1 【解析】易知函數(shù)在上為增函數(shù)，∴時，． 3．利用單調(diào)性比較大小、解抽象函數(shù)不等式 例3：（1）已知函數(shù)的圖象向左平移1個單位后關(guān)于軸對稱，當(dāng)時，恒成立，設(shè)，，，則，，的大小關(guān)系為 （ ） A． B． C． D． （2）定義在R上的奇函數(shù)在上遞增，且，則滿足的的集合為________________． 【答案】（1）D；（2） 【解析】（1）根據(jù)已知可得函數(shù)的圖象關(guān)于直線對稱，且在上是減函數(shù)， 因為，且，所以． （2）由題意知，，由得或 解得或． ４．奇偶性 例４：已知偶函數(shù)在區(qū)間上單調(diào)遞增，則滿足的的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】因為是偶函數(shù)，所以其圖象關(guān)于軸對稱，又在上單調(diào)遞增， ，所以，所以．故選A． ５．軸對稱 例５：已知定義域為的函數(shù)在上只有1和3兩個零點，且與都是偶函數(shù)，則函數(shù)在上的零點個數(shù)為（ ） A．404 B．804 C．806 D．402 【答案】C 【解析】，為偶函數(shù)，，關(guān)于 ，軸對稱，為周期函數(shù)，且， 將劃分為 關(guān)于，軸對稱， ，， 在中只含有四個零點，而共201組 所以；在中，含有零點，共兩個， 所以一共有806個零點，故選C． ６．中心對稱 例６：函數(shù)的定義域為，若與都是奇函數(shù)，則（ ） A．是偶函數(shù) B．是奇函數(shù) C． D．是奇函數(shù) 【答案】D 【解析】從已知條件入手可先看的性質(zhì)，由，為奇函數(shù)分別可得到：，，所以關(guān)于，中心對稱，雙對稱出周期可求得，所以C不正確，且由已知條件無法推出一定符合A，B． 對于D選項，因為，所以，進而可推出關(guān)于中心對稱， 所以為圖像向左平移3個單位，即關(guān)于對稱，所以為奇函數(shù)，D正確． ７．周期性的應(yīng)用 例７：已知是定義在上的偶函數(shù)，是定義在上的奇函數(shù)，且， 則的值為（ ） A． B．1 C．0 D．無法計算 【答案】C 【解析】由題意，得，∵是定義在上的偶函數(shù)，是定義在上的奇函數(shù)， ∴，，∴， ∴，∴，∴的周期為4， ∴，， 又∵，∴． 對點增分集訓(xùn) 一、選擇題 1．若函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間是，則的值為（ ） A． B．2 C． D．6 【答案】C 【解析】由圖象易知函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間是，令，∴． 2．已知函數(shù)在上是增函數(shù)，則實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】要使在上是增函數(shù)，則且，即． 3．設(shè)函數(shù)，則是（ ） A．奇函數(shù)，且在內(nèi)是增函數(shù) B．奇函數(shù)，且在內(nèi)是減函數(shù) C．偶函數(shù)，且在內(nèi)是增函數(shù) D．偶函數(shù)，且在內(nèi)是減函數(shù) 【答案】A 【解析】易知的定義域為，且，則為奇函數(shù)， 又在上是增函數(shù)，所以在上是增函數(shù)． 4．已知函數(shù)的圖象關(guān)于對稱，且在上單調(diào)遞增，設(shè)，， ，則，，的大小關(guān)系為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】∵函數(shù)圖象關(guān)于對稱，∴，又在上單調(diào)遞增， ∴，即，故選B． 5．已知是奇函數(shù)，是偶函數(shù)，且，，則等于（ ） A．4 B．3 C．2 D．1 【答案】B 【解析】由已知得，，則有解得． 6．函數(shù)的圖象可能為（ ） 【答案】D 【解析】因為，且，所以函數(shù)為奇函數(shù)，排除A，B．當(dāng)時，，排除C，故選D． 7．奇函數(shù)的定義域為，若為偶函數(shù)，且，則的值為（ ） A．2 B．1 C． D． 【答案】A 【解析】∵為偶函數(shù)，∴，則， 又為奇函數(shù)，則，且． 從而，的周期為4． ∴． 8．函數(shù)的圖象向右平移1個單位，所得圖象與曲線關(guān)于軸對稱，則的解析式為（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】與的圖象關(guān)于軸對稱的函數(shù)為．依題意，的圖象向右平移一個單位， 得的圖象．∴的圖象由的圖象向左平移一個單位得到．∴． 9．使成立的的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出，的圖象，知滿足條件的，故選A． 10．已知偶函數(shù)對于任意都有，且在區(qū)間上是單調(diào)遞增的， 則，，的大小關(guān)系是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】由，得，∴函數(shù)的周期是2． ∵函數(shù)為偶函數(shù)，∴，． ∵在區(qū)間上是單調(diào)遞增的，∴，即． 11．對任意的實數(shù)都有，若的圖象關(guān)于對稱，且， 則（ ） A．0 B．2 C．3 D．4 【答案】B 【解析】的圖象關(guān)于對稱，則函數(shù)的圖象關(guān)于對稱， 即函數(shù)是偶函數(shù)，令，則， ∴，即，則， 即，則函數(shù)的周期是2，又， 則． 12．已知函數(shù)，，若存在，則實數(shù)的取值范圍為（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】由題可知，， 若，則，即，即， 解得．所以實數(shù)的取值范圍為． 二、填空題 13．設(shè)函數(shù)，，則函數(shù)的遞減區(qū)間是_______． 【答案】 【解析】由題意知，函數(shù)的圖象如圖所示的實線部分， 根據(jù)圖象，的減區(qū)間是． 14．若函數(shù)是周期為4的奇函數(shù)，且在上的解析式為， 則________． 【答案】 【解析】由于函數(shù)是周期為4的奇函數(shù)，所以． 15．設(shè)函數(shù)，，對于任意的，不等式恒成立，則實數(shù)的取 值范圍是________． 【答案】 【解析】如圖作出函數(shù)與的圖象，觀察圖象可知：當(dāng)且僅當(dāng)，即時，不等式恒成立，因此的取值范圍是． 16．設(shè)定義在上的函數(shù)同時滿足以下條件：①；②； ③當(dāng)時，，則________． 【答案】 【解析】依題意知：函數(shù)f(x)為奇函數(shù)且周期為2， ∴ ． 三、解答題 17．已知函數(shù)，其中是大于0的常數(shù)． （1）求函數(shù)的定義域； （2）當(dāng)時，求函數(shù)在上的最小值； （3）若對任意恒有，試確定的取值范圍． 【答案】（1）見解析；（2）；（3）． 【解析】（1）由，得， 當(dāng)時，恒成立，定義域為， 當(dāng)時，定義域為， 當(dāng)時，定義域為． （2）設(shè)，當(dāng)，時，∴． 因此在上是增函數(shù)，∴在上是增函數(shù)．則． （3）對任意，恒有．即對恒成立． ∴．令，． 由于在上是減函數(shù)，∴． 故時，恒有．因此實數(shù)的取值范圍為． 18．設(shè)是定義域為的周期函數(shù)，最小正周期為2，且，當(dāng)時，． （1）判定的奇偶性； （2）試求出函數(shù)在區(qū)間上的表達式． 【答案】（1）是偶函數(shù)；（2）． 【解析】（1）∵，∴． 又，∴．又的定義域為，∴是偶函數(shù)． （2）當(dāng)時，，則； 進而當(dāng)時，，． 故． 10 培優(yōu)點七 解三角形 1．解三角形中的要素 例1：的內(nèi)角，，所對的邊分別為，，，若，，，則_____． 【答案】 【解析】（1）由已知，，求可聯(lián)想到使用正弦定理：， 代入可解得：．由可得：，所以． 2．恒等式背景 例2：已知，，分別為三個內(nèi)角，，的對邊， 且有． （1）求； （2）若，且的面積為，求，． 【答案】（1）；（2）2，2． 【解析】（1） ， 即 ∴或（舍），∴； （2）， ， ∴，可解得． 對點增分集訓(xùn) 一、單選題 1．在中，，，，則（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】由正弦定理可得， 且， 由余弦定理可得：．故選A． 2．在中，三邊長，，，則等于（ ） A．19 B． C．18 D． 【答案】B 【解析】∵三邊長，，， ∴， ．故選B． 3．在中，角，，所對應(yīng)的邊分別是，，，若，則三角形一定是（ ） A．等腰直角三角形 B．直角三角形 C．等腰三角形 D．等邊三角形 【答案】C 【解析】∵，由正弦定理，，∴， ∵，，為的內(nèi)角，∴，，， ∴，，整理得， ∴，即．故一定是等腰三角形．故選C． 4．的內(nèi)角，，的對邊分別為，，，若，，，則的面積為（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】已知，，， ∴由余弦定理，可得：， 解得：，，∴．故選A． 5．在中，內(nèi)角，，的對邊分別為，，，若，，則（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】根據(jù)正弦定理由得：， 所以，即， 則， 又，所以．故選A． 6．設(shè)的三個內(nèi)角，，所對的邊分別為，，，如果，且，那么外接圓的半徑為（ ） A．1 B． C．2 D．4 【答案】A 【解析】因為，所以，化為， 所以，又因為，所以， 由正弦定理可得，所以，故選A． 7．在中，角，，所對的邊分別為，，，且，若， 則的形狀是（ ） A．等腰三角形 B．直角三角形 C．等邊三角形 D．等腰直角三角形 【答案】C 【解析】因為，所以， 也就是，所以，從而， 故，為等邊三角形．故選C． 8．的內(nèi)角，，的對邊分別是，，且滿足，則是（ ） A．銳角三角形 B．直角三角形 C．鈍角三角形 D．等腰三角形 【答案】B 【解析】利用正弦定理化簡已知的等式得： ，即， ∵，，為三角形的內(nèi)角，∴，即， 則為直角三角形，故選B． 9．在中，內(nèi)角，，所對的邊分別為，，，已知的面積為，，，則的值為（ ） A．8 B．16 C．32 D．64 【答案】A 【解析】因為，所以， 又，∴，解方程組得，， 由余弦定理得，所以．故選A． 10．在中，，，分別為角，，所對的邊．若， 則（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】， ∵，可得：， ∴，∴， ∵，∴，∴， ∵，∴．故答案為C． 11．在中，內(nèi)角，，的對邊分別是，，，若，則是（ ） A．直角三角形 B．鈍角三角形 C．等腰直角三角形 D．等邊三角形 【答案】D 【解析】∵，由正弦定理得：，，代入， 得，∴進而可得， ∴，則是等邊三角形．故選D． 12．在中，角，，所對的邊分別為，，，已知，，， 則（ ） A． B． C．或 D． 【答案】B 【解析】利用正弦定理，同角三角函數(shù)關(guān)系，原式可化為：， 去分母移項得：， 所以， 所以．由同角三角函數(shù)得， 由正弦定理，解得所以或（舍）．故選B． 二、填空題 13．在中，角，，的對邊分別為，，，，，則角的最大值為_____； 【答案】 【解析】在中，由角的余弦定理可知 ， 又因為，所以．當(dāng)且僅當(dāng)，時等號成立． 14．已知的三邊，，成等比數(shù)列，，，所對的角分別為，，，則的取值范圍是_________． 【答案】 【解析】∵的三邊，，成等比數(shù)列， ∴，得， 又∵，∴，， 可得，故答案為． 15．在中三個內(nèi)角，，，所對的邊分別是，，，若，且，則面積的最大值是________ 【答案】 【解析】∵， ∴， 則，結(jié)合正弦定理得，即， 由余弦定理得，化簡得， 故，，故答案為． 16．在銳角中，角，，所對的邊分別為，，，且，，成等差數(shù)列，， 則面積的取值范圍是__________． 【答案】 【解析】∵中，，成等差數(shù)列，∴． 由正弦定理得，∴，， ∴ ， ∵為銳角三角形，∴，解得． ∴，∴， ∴，故面積的取值范圍是． 三、解答題 17．己知，，分別為三個內(nèi)角，，的對邊，且． （1）求角的大??； （2）若，且的面積為，求的值． 【答案】（1）；（2）． 【解析】（1）由正弦定理得，， ∵，∴，即． ∵∴，∴，∴． （2）由可得．∴， ∵，∴由余弦定理得：， ∴． 18．如圖，在中，點在邊上，，，． ． （1）求的面積． （2）若，求的長． 【答案】（1）；（2）． 【解析】（1）由題意， 在中，由余弦定理可得 即或（舍）， ∴的面積． （2）在中，由正弦定理得， 代入得，由為銳角，故， 所以， 在中，由正弦定理得， ∴，解得． 9 培優(yōu)點三 含導(dǎo)函數(shù)的抽象函數(shù)的構(gòu)造 1．對于，可構(gòu)造 例1：函數(shù)的定義域為，，對任意，，則的解集為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】構(gòu)造函數(shù)，所以，由于對任意，， 所以恒成立，所以是上的增函數(shù)， 又由于，所以， 即的解集為． 2．對于，構(gòu)造；對于，構(gòu)造 例2：已知函數(shù)的圖象關(guān)于軸對稱，且當(dāng)，成立，，，，則，，的大小關(guān)系是（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】因為函數(shù)關(guān)于軸對稱，所以函數(shù)為奇函數(shù)． 因為，所以當(dāng)時，，函數(shù)單調(diào)遞減，當(dāng)時，函數(shù)單調(diào)遞減． 因為，，，所以，所以． 3．對于，構(gòu)造；對于或，構(gòu)造 例3：已知為上的可導(dǎo)函數(shù)，且，均有，則有（ ） A．， B．， C．， D．， 【答案】D 【解析】構(gòu)造函數(shù)，則， 因為均有并且，所以，故函數(shù)在上單調(diào)遞減， 所以，，即，， 也就是，． 4．與，構(gòu)造 例4：已知函數(shù)對任意的滿足，則（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】提示：構(gòu)造函數(shù)． 對點增分集訓(xùn) 一、選擇題 1．若函數(shù)在上可導(dǎo)且滿足不等式恒成立，對任意正數(shù)、，若， 則必有（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由已知∴構(gòu)造函數(shù)， 則，從而在上為增函數(shù)。 ∵，∴，即，故選C． 2．已知函數(shù)滿足，且，則的解集為（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】構(gòu)造新函數(shù)，則， ，對任意，有，即函數(shù)在上單調(diào)遞減， 所以的解集為，即的解集為，故選D． 3．已知函數(shù)的定義域為，為的導(dǎo)函數(shù)，且，則（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由題得，設(shè)，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增， 因為，所以當(dāng)時，；當(dāng)時，． 當(dāng)時，，，所以． 當(dāng)時，，，所以． 當(dāng)時，，所以． 綜上所述，故答案為C． 4．設(shè)函數(shù)是函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)，已知，且，，則使得成立的的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】設(shè)，則，即函數(shù)在上單調(diào)遞減， 因為，即導(dǎo)函數(shù)關(guān)于直線對稱， 所以函數(shù)是中心對稱圖形，且對稱中心， 由于，即函數(shù)過點， 其關(guān)于點的對稱點也在函數(shù)上， 所以有，所以， 而不等式，即，即，所以， 故使得不等式成立的的取值范圍是．故選B． 5．已知函數(shù)的圖象關(guān)于點對稱，函數(shù)對于任意的滿足（其中是函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)），則下列不等式成立的是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由已知，為奇函數(shù)，函數(shù)對于任意的滿足， 得，即， 所以在上單調(diào)遞增；又因為為偶函數(shù)， 所以在上單調(diào)遞減．所以，即．故選C． 6．定義在上的函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)為，若對任意實數(shù)，有，且為奇函數(shù)，則不等式的解集為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】構(gòu)造函數(shù)，則，所以在上單獨遞減， 因為為奇函數(shù)，所以，∴，． 因此不等式等價于，即，故選B． 7．已知函數(shù)是偶函數(shù)，且當(dāng)時滿足，則（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】是偶函數(shù)，則的對稱軸為， 構(gòu)造函數(shù)，則關(guān)于對稱， 當(dāng)時，由，得， 則在上單調(diào)遞增，在上也單調(diào)遞增， 故，∴．本題選擇A選項． 8．已知定義域為的奇函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)為，當(dāng)時，， 若，，，則，，的大小關(guān)系正確的是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】定義域為的奇函數(shù)， 設(shè)，∴為上的偶函數(shù)，∴， ∵當(dāng)時，，∴當(dāng)時，． 當(dāng)時，，即在單調(diào)遞增，在單調(diào)遞減． ，，， ∵，∴．即，故選C． 9．已知定義在上的函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)為，（為自然對數(shù)的底數(shù)）， 且當(dāng)時，，則（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】令，∴， ∵，∴時，，則， ∴，在上單調(diào)遞減，∴， 即， ∵，∴， ∴，，故選C． 10．定義在上的函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)為，若對任意，都有， 則使得成立的的取值范圍為（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】構(gòu)造函數(shù)：，， ∵對任意，都有， ∴， ∴函數(shù)在單調(diào)遞減，由化為：， ∴．∴使得成立的的取值范圍為．故選D． 11．已知函數(shù)是定義在區(qū)間上的可導(dǎo)函數(shù)，滿足且（為函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)），若且，則下列不等式一定成立的是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】構(gòu)造函數(shù)，，所以是上的減函數(shù)． 令，則，由已知，可得，下面證明，即證明， 令，則，即在上遞減，，即， 所以，若，，則．故選C． 12．定義在上的奇函數(shù)滿足，且當(dāng)時，不等式恒成立，則函數(shù)的零點的個數(shù)為（ ） A．1 B．2 C．3 D．4 【答案】C 【解析】定義在上的奇函數(shù)滿足： ，且， 又時，，即， ∴，函數(shù)在時是增函數(shù)， 又，∴是偶函數(shù)； ∴時，是減函數(shù)，結(jié)合函數(shù)的定義域為，且， 可得函數(shù)與的大致圖象如圖所示， ∴由圖象知，函數(shù)的零點的個數(shù)為3個．故選C． 二、填空題 13．設(shè)是上的可導(dǎo)函數(shù)，且，，．則的值為________． 【答案】 【解析】由得，所以，即， 設(shè)函數(shù)，則此時有，故，． 14．已知，為奇函數(shù)，，則不等式的解集為_________． 【答案】 【解析】∵為奇函數(shù)，∴，即， 令，，則， 故在遞增，，得， 故，故不等式的解集是，故答案為． 15．已知定義在實數(shù)集的函數(shù)滿足，且導(dǎo)函數(shù)，則不等式的解集為__________． 【答案】 【解析】設(shè)，則不等式等價為， 設(shè)，則， ∵的導(dǎo)函數(shù)，∴，函數(shù)單調(diào)遞減， ∵，∴，則此時，解得， 即的解為，所以，解得， 即不等式的解集為，故答案為． 16．已知函數(shù)是定義在上的奇函數(shù)，且．若時，， 則不等式的解集為__________． 【答案】 【解析】設(shè)，則，當(dāng)時，由已知得，為增函數(shù)， 由為奇函數(shù)得，即， ∴當(dāng)時，， 當(dāng)時，，，又是奇函數(shù)， ∴當(dāng)時，，時，． ∴不等式的解集為．故答案為． 11 培優(yōu)點九 線性規(guī)劃 1．簡單的線性規(guī)劃問題應(yīng)注意取點是否取得到 例1．已知實數(shù)，滿足，則的最小值是（ ） A．4 B．5 C．6 D．7 【答案】C 【解析】不等式組對應(yīng)的可行域如圖所示： 由當(dāng)動直線過時，取最小值為6，故選C． 2．目標(biāo)函數(shù)為二次式 例2：若變量，滿足，則的最大值為（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】目標(biāo)函數(shù)可視為點到原點距離的平方， 所以只需求出可行域里距離原點最遠的點即可，作出可行域， 觀察可得最遠的點為，所以． 3．目標(biāo)函數(shù)為分式 例3：設(shè)變量，滿足約束條件，則的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】所求可視為點與定點連線的斜率． 從而在可行域中尋找斜率的取值范圍即可， 可得在處的斜率最小，即， 在處的斜率最大，為， 結(jié)合圖像可得的范圍為． 4．面積問題 例4：若不等式組所表示的平面區(qū)域被直線分成面積相等的兩部分，則的值為（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】在坐標(biāo)系中作出可行域， 如圖所示為一個三角形，動直線為繞定點的一條動直線， 設(shè)直線交于，若將三角形分為面積相等的兩部分，則， 觀察可得兩個三角形高相等，所以，即為中點， 聯(lián)立直線方程可求得，，則，代入直線方程可解得． 對點增分集訓(xùn) 一、單選題 1．若實數(shù)，滿足，則的最大值為（ ） A． B．1 C．0 D． 【答案】B 【解析】由圖可知，可行域為封閉的三角區(qū)域， 由在軸上的截距越小，目標(biāo)函數(shù)值越大， 所以最優(yōu)解為，所以的最大值為1，故選B． 2．已知實數(shù)，滿足線性約束條件，則其表示的平面區(qū)域的面積為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】滿足約束條件，如圖所示： 可知范圍擴大，實際只有， 其平面區(qū)域表示陰影部分一個三角形，其面積為．故選B． 3．已知實數(shù)，滿足，若只在點處取得最大值，則的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由不等式組作可行域如圖， 聯(lián)立，解得,當(dāng)時，目標(biāo)函數(shù)化為， 由圖可知，可行解使取得最大值，符合題意； 當(dāng)時，由，得，此直線斜率大于0， 當(dāng)在軸上截距最大時最大， 可行解為使目標(biāo)函數(shù)的最優(yōu)解，符合題意； 當(dāng)時，由，得，此直線斜率為負值， 要使可行解為使目標(biāo)函數(shù)取得最大值的唯一的最優(yōu)解， 則，即． 綜上，實數(shù)的取值范圍是．故選C． 4．已知實數(shù)，滿足約束條件，則的取值范圍為（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】畫出不等式表示的可行域，如圖陰影三角形所示， 由題意得，． 由得， 所以可看作點和連線的斜率，記為， 由圖形可得， 又，，所以， 因此或，所以的取值范圍為．故選C． 5．若實數(shù)，滿足約束條件，則的最大值是（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】由實數(shù)，滿足約束條件作出可行域，如圖： ∵，，∴， 聯(lián)立，解得， 的幾何意義為可行域內(nèi)動點與原點距離的平方，其最大值．故選D． 6．已知點，若動點的坐標(biāo)滿足，則的最小值為（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】作出可行域如圖： 觀察圖象可知，最小距離為點到直線的距離， 即，故選C． 7．，滿足約束條件，若取得最大值的最優(yōu)解不唯一，則實數(shù)的值為（ ） A．或 B．2或 C．2或1 D．2或 【答案】D 【解析】由題意作出約束條件，平面區(qū)域， 將化為，相當(dāng)于直線的縱截距， 由題意可得，與或與平行， 故或；故選D． 8．若，滿足不等式組，則成立的概率為（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】作出不等式組表示的平面區(qū)域，如圖所示： 因為表示點與定點連線的斜率， 所以成立的點只能在圖中的內(nèi)部（含邊界）， 所以由幾何概型得：成立的概率為， 由，得，由，得， 由，得，由，解得， 由，解得，所以，， 所以成立的概率為，故選A． 9．若，滿足不等式組，則的最小值為（ ） A．7 B．6 C． D．4 【答案】C 【解析】畫出可行城如圖所示， 目標(biāo)函數(shù)可化為，共圖象是對稱軸為的兩條射線， 由得取得最小值時的最優(yōu)解為． 即．故選C． 10．已知平面直角坐標(biāo)系上的區(qū)域由不等式組給定．若為上動點，點的坐標(biāo)為．則的最大值為（ ） A． B． C．4 D．3 【答案】C 【解析】如圖所示：，即， 首先做出直線：，將平行移動， 當(dāng)經(jīng)過點時在軸上的截距最大，從而最大． 因為，故的最大值為4．故選C． 11．若不等式組所表示的平面區(qū)域內(nèi)存在點，使成立，則實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】作出不等式，可行域如圖： ∵平面區(qū)域內(nèi)存在點，滿足， ∴直線與可行域有交點，解方程組得． ∴點在直線下方．可得．解得．故選B． 12．已知圓，平面區(qū)域，若圓心，且圓與軸相切， 則圓心與點連線斜率的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】畫出可行域如圖， 由圓的標(biāo)準(zhǔn)方程可得圓心，半徑為1， 因為圓與軸相切，所以， 直線分別與直線與交于點，， 所以，圓心與點連線斜率為， 當(dāng)時，；當(dāng)時； 所以圓心與點連線斜率的取值范圍是，故選A． 二、填空題 13．設(shè)，滿足，則的最大值為____________． 【答案】13 【解析】如圖，作出可行域（圖中陰影部分）， 目標(biāo)函數(shù)在點取得最大值13．故答案為13． 14．若變量，滿足約束條件，則的最小值為_________． 【答案】1 【解析】作可行域，，表示可行域內(nèi)點到坐標(biāo)原點距離的平方， 由圖可得最小值為． 15．已知實數(shù)，滿足，則的最小值為______． 【答案】4 【解析】由實數(shù)，滿足，作出可行域如圖， 聯(lián)立，解得，， 其幾何意義為可行域內(nèi)的動點與定點連線的斜率加2． ∵，∴的最小值為4．故答案為4． 16．某公司計劃明年用不超過6千萬元的資金投資于本地養(yǎng)魚場和遠洋捕撈隊．經(jīng)過對本地養(yǎng)魚場年利潤率的調(diào)研，其結(jié)果是：年利潤虧損的概率為，年利潤獲利的概率為，年利潤獲利的概率為，對遠洋捕撈隊的調(diào)研結(jié)果是：年利潤獲利為的概率為，持平的概率為，年利潤虧損的可能性為．為確保本地的鮮魚供應(yīng)，市政府要求該公司對遠洋捕撈隊的投資不得高于本地養(yǎng)魚場的投資的2倍．根據(jù)調(diào)研數(shù)據(jù)，該公司如何分配投資金額，明年兩個項目的利潤之和最大值為_________千萬． 【答案】 【解析】設(shè)本地養(yǎng)魚場平均年利潤，遠洋捕撈隊平均平均年利潤； ，； 設(shè)本地養(yǎng)魚場投千萬元，遠洋捕撈隊投千萬元， 則利潤之和，， 如圖，當(dāng)目標(biāo)函數(shù)經(jīng)過點時利潤最大，千萬元． 16 培優(yōu)點二 函數(shù)零點 1．零點的判斷與證明 例1：已知定義在上的函數(shù)， 求證：存在唯一的零點，且零點屬于． 【答案】見解析 【解析】，，，在單調(diào)遞增， ，，，，使得 因為單調(diào)，所以的零點唯一． 2．零點的個數(shù)問題 例2：已知函數(shù)滿足，當(dāng)，，若在區(qū)間內(nèi)， 函數(shù)有三個不同零點，則實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】，當(dāng)時，， 所以，而有三個不同零點與有三個不同交點，如圖所示，可得直線應(yīng)在圖中兩條虛線之間，所以可解得： 3．零點的性質(zhì) 例3：已知定義在上的函數(shù)滿足：，且，，則方程在區(qū)間上的所有實根之和為（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】先做圖觀察實根的特點，在中，通過作圖可發(fā)現(xiàn)在關(guān)于中心對稱， 由可得是周期為2的周期函數(shù)，則在下一個周期中，關(guān)于中心對稱，以此類推。 從而做出的圖像（此處要注意區(qū)間端點值在何處取到），再看圖像，，可視為將的圖像向左平移2個單位后再向上平移2個單位， 所以對稱中心移至，剛好與對稱中心重合，如圖所示：可得共有3個交點， 其中，與關(guān)于中心對稱，所以有。所以． 4．復(fù)合函數(shù)的零點 例4：已知函數(shù)，若方程恰有七個不相同的實根，則實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】考慮通過圖像變換作出的圖像（如圖），因為最多只能解出2個，若要出七個根，則，，所以，解得：． 對點增分集訓(xùn) 一、選擇題 1．設(shè)，則函數(shù)的零點所在的區(qū)間為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】∵，，∴， ∵函數(shù)的圖象是連續(xù)的，且為增函數(shù)， ∴的零點所在的區(qū)間是． 2．已知是函數(shù)的零點，若，則的值滿足（ ） A． B． C． D．的符號不確定 【答案】C 【解析】在上是增函數(shù)，若，則． 3．函數(shù)的一個零點在區(qū)間內(nèi)，則實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】因為在上是增函數(shù)，則由題意得，解得， 故選C． 4．若，則函數(shù)的兩個零點分別位于區(qū)間（ ） A．和內(nèi) B．和內(nèi) C．和內(nèi) D．和內(nèi) 【答案】A 【解析】∵，∴，，， 由函數(shù)零點存在性定理可知，在區(qū)間，內(nèi)分別存在零點，又函數(shù)是二次函數(shù)， 最多有兩個零點．因此函數(shù)的兩個零點分別位于區(qū)間，內(nèi)，故選A． 5．設(shè)函數(shù)是定義在上的奇函數(shù)，當(dāng)時，，則的零點個數(shù)為（ ） A．1 B．2 C．3 D．4 【答案】C 【解析】因為函數(shù)是定義域為的奇函數(shù)，所以，即0是函數(shù)的一個零點，當(dāng)時，令，則，分別畫出函數(shù)和的圖象，如圖所示，兩函數(shù)圖象有一個交點，所以函數(shù)有一個零點， 根據(jù)對稱性知，當(dāng)時函數(shù)也有一個零點． 綜上所述，的零點個數(shù)為3． 6．函數(shù)的零點個數(shù)為（ ） A．3 B．2 C．7 D．0 【答案】B 【解析】方法一：由得或，解得或， 因此函數(shù)共有2個零點． 方法二：函數(shù)的圖象如圖所示，由圖象知函數(shù)共有2個零點． 7．已知函數(shù)，則使方程有解的實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】當(dāng)時，，即，解得；當(dāng)時，，即， 解得，即實數(shù)的取值范圍是．故選D． 8．若函數(shù)在區(qū)間內(nèi)存在一個零點，則的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】當(dāng)時，與軸無交點，不合題意，所以；函數(shù)在區(qū)間內(nèi)是單調(diào)函數(shù)，所以，即，解得或．故選B． 9．已知函數(shù)，則使函數(shù)有零點的實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】函數(shù)的零點就是方程的根，畫出的大致圖象（圖略）．觀察它與直線的交點，得知當(dāng)或時，有交點，即函數(shù)有零點．故選D． 10．已知是奇函數(shù)且是上的單調(diào)函數(shù)，若函數(shù)只有一個零點，則實數(shù) 的值是（ ） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】令，則，因為是上的單調(diào)函數(shù)，所以，只有一個實根，即只有一個實根，則，解得． 11．已知當(dāng)時，函數(shù)的圖象與的圖象有且只有一個交點，則正實數(shù)的取值范圍是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】在同一直角坐標(biāo)系中，分別作出函數(shù)與的大致圖象．分兩種情形： （1）當(dāng)時，，如圖①，當(dāng)時，與的圖象有一個交點，符合題意． （2）當(dāng)時，，如圖②，要使與的圖象在上只有一個交點， 只需，即，解得或（舍去）． 綜上所述，．故選B． 12．已知函數(shù)和在的圖像如下，給出下列四個命題： （1）方程有且只有6個根 （2）方程有且只有3個根 （3）方程有且只有5個根 （4）方程有且只有4個根 則正確命題的個數(shù)是（ ） A．1 B．2 C．3 D．4 【答案】B 【解析】每個方程都可通過圖像先拆掉第一層，找到內(nèi)層函數(shù)能取得的值，從而統(tǒng)計出的總數(shù)． （1）中可得，，，進而有2個對應(yīng)的，有2個，有2個，總計6個，（1）正確； （2）中可得，，進而有1個對應(yīng)的，有3個，總計4個， （2）錯誤； （3）中可得，，，進而有1個對應(yīng)的，有3個，有1個，總計5個，（3）正確； （4）中可得：，，進而有2個對應(yīng)的，有2個，共計4個，（4）正確 則綜上所述，正確的命題共有3個． 二、填空題 13．函數(shù)的零點個數(shù)為________． 【答案】2 【解析】由，得，作出函數(shù)和的圖象， 由上圖知兩函數(shù)圖象有2個交點，故函數(shù)有2個零點． 14．設(shè)函數(shù)與的圖象的交點為，若，，則所在的區(qū)間是______． 【答案】 【解析】令，則，易知為增函數(shù)，且，，∴所在的區(qū)間是． 15．函數(shù)的零點個數(shù)是________． 【答案】2 【解析】當(dāng)時，令，解得（正根舍去），所以在上有一個零點； 當(dāng)時，恒成立，所以在上是增函數(shù)．又因為，，所以在上有一個零點，綜上，函數(shù)的零點個數(shù)為2． 16．已知函數(shù)，，若方程恰有4個互異的實數(shù)根，則實數(shù)的取值范圍是________________． 【答案】 【解析】設(shè)，， 在同一直角坐標(biāo)系中作出，的圖象如圖所示． 由圖可知有4個互異的實數(shù)根等價于與的圖象有4個不同的交點且4個交點的橫坐標(biāo)都小于1，所以有兩組不同解， 消去得有兩個不等實根， 所以，即， 解得或．又由圖象得，∴或． 三、解答題 17．關(guān)于的二次方程在區(qū)間上有解，求實數(shù)的取值范圍． 【答案】 【解析】顯然不是方程的解， 時，方程可變形為， 又∵在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增， ∴在上的取值范圍是，∴，∴， 故的取值范圍是． 18．設(shè)函數(shù)． （1）作出函數(shù)的圖象； （2）當(dāng)且時，求的值； （3）若方程有兩個不相等的正根，求的取值范圍． 【答案】（1）見解析；（2）2；（3）． 【解析】（1）如圖所示． （2）∵ 故在上是減函數(shù)，而在上是增函數(shù)． 由且，得且，∴． （3）由函數(shù)的圖象可知，當(dāng)時，方程有兩個不相等的正根． 10 培優(yōu)點二十 框圖 1.求運行結(jié)果 例1：閱讀下面的程序框圖，運行相應(yīng)的程序，則輸出的值為（ ） A．3 B．4 C．5 D．6 【答案】B 【解析】循環(huán)的流程如下： ①，，②，，③，，④，，循環(huán)終止，∴． 2．補全框圖 例2：某班有24名男生和26名女生，數(shù)據(jù)，，，是該班50名學(xué)生在一次數(shù)學(xué)學(xué)業(yè)水平模擬考試中的成績（成績不為0），如圖所示的程序用來同時統(tǒng)計全班成績的平均數(shù)：，男生平均分：，女生平均分：．為了便于區(qū)別性別，輸入時，男生的成績用正數(shù)，女生的成績用其相反數(shù)，那么在圖中空白的判斷框和處理框中，應(yīng)分別填入（ ） A．， B．， C．， D．， 【答案】D 【答案】首先解決判斷框， 由框圖可得，滿足判斷框條件則進入男生的成績統(tǒng)計，不滿足條件則進入女生成績統(tǒng)計， 依題意男生成績記為正，女生成績記為負， ∴判斷框應(yīng)填入對于矩形框，要得出的值，即全班的平均值， ∴可將男女生成績作和并除以人數(shù)．但因為女生成績?yōu)樨摂?shù)，∴， ∴． 對點增分集訓(xùn) 一、單選題 1．執(zhí)行如右圖所示的程序框圖，輸出的k的值是（ ） A．9 B．10 C．11 D．12 【答案】C 【解析】由框圖可知，， 當(dāng)時，，； 當(dāng)時，，， 輸出，故選C． 2．執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出的值為（ ） A．14 B．15 C．24 D．30 【答案】C 【解析】結(jié)合流程圖可知流程圖運行過程如下： 首先初始化數(shù)據(jù)：，， 第一次循環(huán)，滿足，執(zhí)行， 此時不滿足為奇數(shù)，執(zhí)行； 第二次循環(huán)，滿足，執(zhí)行， 此時滿足為奇數(shù)，執(zhí)行； 第三次循環(huán)，滿足，執(zhí)行， 此時不滿足為奇數(shù)，執(zhí)行； 第四次循環(huán)，滿足，執(zhí)行， 此時滿足為奇數(shù)，執(zhí)行； 第五次循環(huán)，不滿足，跳出循環(huán)， 輸出的值為24．故選C． 3．某程序框圖如圖所示，若輸出，則判斷框中為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】由框圖程序可知， ∵， ∴ ∴，解得，即當(dāng)時程序退出，故選B． 4．公元263年左右，我國數(shù)學(xué)家劉徽發(fā)現(xiàn)，當(dāng)圓內(nèi)接多邊形的邊數(shù)無限增加時，多邊形面積可無限逼近圓的面積，由此創(chuàng)立了割圓術(shù)，利用割圓術(shù)劉徽得到了圓周率精確到小數(shù)點后面兩位的近似值，這就是著名的徽率．如圖是利用劉徽的割圓術(shù)設(shè)計的程序框圖，則輸出的值為（ ）(參考數(shù)據(jù)：，，) A．96 B．48 C．24 D．12 【答案】C 【解析】模擬執(zhí)行程序，可得：，， 不滿足條件，，， 不滿足條件，，， 滿足條件，退出循環(huán)，輸出的值為24．故選C． 5．根據(jù)某校10位高一同學(xué)的身高(單位：)畫出的莖葉圖（圖1），其中左邊的數(shù)字從左到右分別表示學(xué)生身高的百位數(shù)字和十位數(shù)字，右邊的數(shù)字表示學(xué)生身高的個位數(shù)字，設(shè)計一個程序框圖（圖2），用表示第個同學(xué)的身高，計算這些同學(xué)身高的方差，則程序框圖①中要補充的語句是（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】由 ， 循環(huán)退出時，知．∴， 故程序框圖①中要補充的語句是．故選B． 6．相傳黃帝時代，在制定樂律時，用“三分損益”的方法得到不同的竹管，吹出不同的音調(diào)．“三分損益”包含“三分損一”和“三分益一”，用現(xiàn)代數(shù)學(xué)的方法解釋如下，“三分損一”是在原來的長度減去一分，即變?yōu)樵瓉淼娜种?；“三分益一”是在原來的長度增加一分，即變?yōu)樵瓉淼娜种?，如圖的程序是與“三分損益”結(jié)合的計算過程，若輸入的的值為1，輸出的的值為（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】∵，，，，結(jié)束循環(huán)， 輸出結(jié)果，故選B． 7．我國古代數(shù)學(xué)著作《孫子算經(jīng)》中有這樣一道算術(shù)題：“今有物不知其數(shù)，三三數(shù)之剩一，五五數(shù)之剩三，七七數(shù)之剩六，問物幾何？”人們把此類題目稱為“中國剩余定理”．若正整數(shù)除以正整數(shù)后的余數(shù)為，則記為，例如．現(xiàn)將該問題以程序框圖給出，執(zhí)行該程序框圖，則輸出的等于（ ） A．13 B．11 C．15 D．8 【答案】A 【解析】第一步：，，， 第二步：，，， 第三步：，，， 第四步：，，， 最后：，，，輸出的值，故選A． 8．如圖①，一塊黃銅板上插著三根寶石針，在其中一根針上從下到上穿好由大到小的若干金片．若按照下面的法則移動這些金片：每次只能移動一片金片；每次移動的金片必須套在某根針上；大片不能疊在小片上面．設(shè)移完片金片總共需要的次數(shù)為，可推得．如圖②是求移動次數(shù)的程序框圖模型，則輸出的結(jié)果是（ ） ① ② A．1022 B．1023 C．1024 D．1025 【答案】B 【解析】記個金屬片從2號針移動到3號針最少需要次；則據(jù)算法思想有； 第一次循環(huán)，；第二次循環(huán)，；第三次循環(huán)，，， 第九次循環(huán)，，輸出，故選B． 9．執(zhí)行下面的程序框圖，如果輸入的，，則輸出的，的值分別為（ ） A．4，7 B．4，56 C．3，7 D．3，56 【答案】C 【解析】執(zhí)行如圖所示的程序框圖， 輸入，， 滿足，都是偶數(shù)，，，， 滿足，都是偶數(shù)，，，， 滿足，都是偶數(shù)，，，， 不滿足，都是偶數(shù)， 滿足，，，， 滿足，，，， 不滿足，退出循環(huán)，輸出，，故選C． 10．《九章算術(shù)》中盈不足章中有這樣一則故事：“今有良馬與駑馬發(fā)長安，至齊． 齊去長安三千里． 良馬初日行一百九十三里，日增一十二里；駑馬初日行九十七里，日減二里．” 為了計算每天良馬和駑馬所走的路程之和，設(shè)計框圖如下圖． 若輸出的 S的值為 350，則判斷框中可填（ ） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】模擬程序的運行，可得，； 執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 不滿足判斷框內(nèi)的條件，執(zhí)行循環(huán)體，，； 由題意，此時，應(yīng)該滿足判斷框內(nèi)的條件，退出循環(huán)，輸出的值為350． 可得判斷框中的條件為， 故選B． 11．的值為，則判斷框內(nèi)應(yīng)填入（ ） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】第一次執(zhí)行判斷前，，； 第二次執(zhí)行判斷前，，； 第三次執(zhí)行判斷前，，， 以此類推，有， 故，，因此判斷框應(yīng)填，故選A． 12．我國古代名著《莊子?天下篇》中有一句名言“一尺之棰，日取其半，萬世不竭”，其意思為：一尺的木棍，每天截取一半，永遠都截不完．現(xiàn)將該木棍依此規(guī)律截取，如圖所示的程序框圖的功能就是計算截取7天后所剩木棍的長度（單位：尺），則①②③處可分別填入的是（ ） A．，， B．，， C．，， D．，， 【答案】D 【解析】算法為循環(huán)結(jié)構(gòu)，循環(huán)7次，每次對長度折半計算，也就是， 因此②填，又①填判斷語句，需填，③填．故選D． 二、填空題 13．某程序框圖如圖所示， 則輸出的結(jié)果是__________． 【答案】 【解析】由題意得． 14．如圖所示的程序框圖的算法思路來源于我國古代數(shù)學(xué)名著《九章算術(shù)》中的“更相減損術(shù)”，執(zhí)行該程序框圖，若輸入，，的值分別為8，6，1，輸出和的值，若正數(shù)，滿足，則的最小值為__________． 【答案】49 【解析】輸入，，的值分別為8，6，1； 第一次循環(huán)，，；第二次循環(huán)，，； 第三次循環(huán)，，；第四次循環(huán)，，； 退出循環(huán)，輸出，， ， 當(dāng)時，等號成立，即的最小值為49，故答案為49． 15．某網(wǎng)店代理銷售一種面膜，主要收入為提成費用和獎勵費用．當(dāng)月銷售額不超過5000元，提成；超過5000元但不超過20000元，提成并獎勵500元；超過20000元，提成并獎勵1000元．設(shè)銷售額為元，收入為元，相應(yīng)的程序框圖如圖所示，則圖中空白處應(yīng)填入的式子為____________． 【答案】 【解析】由題意可知，, ∴空白處應(yīng)填入的式子為． 16．執(zhí)行如圖所示的程序框圖，若輸出的結(jié)果為80，則判斷框內(nèi)應(yīng)填入_____． 【答案】 【解析】模擬程序的運行，可得，，， 執(zhí)行循環(huán)體，，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 不滿足條件，執(zhí)行循環(huán)體，；，， 由題意，此時滿足條件，退出循環(huán)，輸出的結(jié)果為80， 則判斷框內(nèi)應(yīng)填入． 13